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2012年中考数学压轴题精选3
【021】已知:如图,在平面直角坐标系中,矩形OABC的边OA在y轴的正半轴上,OC在x轴的正半轴上,OA=2,OC=3.过原点O作∠AOC的平分线交AB于点D,连接DC,过点D作DE⊥DC,交OA于点E.
(1)求过点E、D、C的抛物线的解析式;
(2)将∠EDC绕点D按顺时针方向旋转后,角的一边与y轴的正半轴交于点F,另一边与线段OC交于点G.如果DF与(1)中的抛物线交于另一点M,点M的横坐标为,那么EF=2GO是否成立?若成立,请给予证明;若不成立,请说明理由;
(3)对于(2)中的点G,在位于第一象限内的该抛物线上是否存在点Q,使得直线GQ与AB的交点P与点C、G构成的△PCG是等腰三角形?若存在,请求出点Q的坐标;若不存在,请说明理由.
26题图
y
x
D
B
C
A
E
E
O
【022】已知平行于x轴的直线与函数和函数的图像分别交于点A和点B,又有定点P(2,0) .[来源:Zxxk.Com]
(1)若,且tan∠POB=,求线段AB的长;
(2)在过A,B两点且顶点在直线上的抛物线中,已知线段AB=,且在它的对称轴左边时,y随着x的增大而增大,试求出满足条件的抛物线的解析式;
(3)已知经过A,B,P三点的抛物线,平移后能得到的图像,求点P到直线AB的距离。
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【023】如图,已知点A(-4,8)和点B(2,n)在抛物线上.
(1) 求a的值及点B关于x轴对称点P的坐标,并在x轴上找一点Q,使得AQ+QB最短,求出点Q的坐标;
(2) 平移抛物线,记平移后点A的对应点为A′,点B的对应点为B′,点C(-2,0)和点D(-4,0)是x轴上的两个定点.
① 当抛物线向左平移到某个位置时,A′C+CB′ 最短,求此时抛物线的函数解析式;
② 当抛物线向左或向右平移时,是否存在某个位置,使四边形A′B′CD的周长最短?若存在,求出此时抛物线的函数解析式;若不存在,请说明理由.
(第24题)
4
x
2
2
A
8
-2
O
-2
-4
y
6
B
C
D
-4
4
【024】已知函数为方程的两个根,点在函数的图象上.
(Ⅰ)若,求函数的解析式;
(Ⅱ)在(Ⅰ)的条件下,若函数与的图象的两个交点为,当的面积为时,求的值; (Ⅲ)若,当时,试确定三者之间的大小关系,并说明理由.
【025】如图,已知直线与轴交于点A,与轴交于点D,抛物线与直线交于A、E两点,与轴交于B、C两点,且B点坐标为 (1,0)。
⑴求该抛物线的解析式;
⑵动点P在轴上移动,当△PAE是直角三角形时,求点P的坐标P。
⑶在抛物线的对称轴上找一点M,使
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的值最大,求出点M的坐标。
【026】如图9,已知抛物线y=x2–2x+1的顶点为P,A为抛物线与y轴的交点,过A与y轴垂直的直线与抛物线的另一交点为B,与抛物线对称轴交于点O′,过点B和P的直线l交y轴于点C,连结O′C,将△ACO′沿O′C翻折后,点A落在点D的位置.
(1) 求直线l的函数解析式;
(2) 求点D的坐标;
(3) 抛物线上是否存在点Q,使得S△DQC= S△DPB? 若存在,求出所有符合条件的点Q的坐标;若不存在,请说明理由.
图9
【027】如图11,抛物线与轴相交于A、B两点(点A在点B右侧),过点A的直线交抛物线于另一点C,点C的坐标为(-2,6).
(1)求a的值及直线AC的函数关系式;
(2)P是线段AC上一动点,过点P作y轴的平行线,交抛物线于点M,交x轴于点N.
①求线段PM长度的最大值;
②在抛物线上是否存在这样的点M,使得△CMP与△APN相似?如果存在,请直接写出所有满足条件的点M的坐标(不必写解答过程);如果不存在,请说明理由。
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【028】已知:抛物线的对称轴为与轴交于两点,与轴交于点其中、
(1)求这条抛物线的函数表达式.
(2)已知在对称轴上存在一点P,使得的周长最小.请求出点P的坐标.
(3)若点是线段上的一个动点(不与点O、点C重合).过点D作交轴于点连接、.设的长为,的面积为.求与之间的函数关系式.试说明是否存在最大值,若存在,请求出最大值;若不存在,请说明理由.
[来源:学科网]
A
C
x
y
B
O
【029】如图14(1),抛物线与x轴交于A、B两点,与y轴交于点C(0,).[图14(2)、图14(3)为解答备用图]
(1) ,点A的坐标为 ,点B的坐标为 ;
(2)设抛物线的顶点为M,求四边形ABMC的面积;
(3)在x轴下方的抛物线上是否存在一点D,使四边形ABDC的面积最大?若存在,请求出点D的坐标;若不存在,请说明理由;
(4)在抛物线上求点Q,使△BCQ是以BC为直角边的直角三角形.
图14(1) 图14(2) 图14(3)
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【030】如图所示,在平面直角坐标系中,抛物线()经过,,三点,其顶点为,连接,点是线段上一个动点(不与重合),过点作轴的垂线,垂足为,连接.
(1)求抛物线的解析式,并写出顶点的坐标;
(2)如果点的坐标为,的面积为,求与的函数关系式,写出自变量的取值范围,并求出的最大值;
1
2
3
3
1
D
y
C
B
A
P
2
E
x
O
(3)在(2)的条件下,当取得最大值时,过点作的垂线,垂足为,连接,把沿直线折叠,点的对应点为,请直接写出点坐标,并判断点是否在该抛物线上.
【021】解:(1)由已知,得,,
,
.. (1分)
设过点的抛物线的解析式为.将点的坐标代入,得.[来源:学&将和点的坐标分别代入,得 (2分)
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解这个方程组,得[来源:学#科#网]故抛物线的解析式为. (3分)
(2)成立. (4分)
点在该抛物线上,且它的横坐标为,点的纵坐标为. (5分)
y
x
D
B
C
A
E
E
O
M
F
K
G
G
设的解析式为,
将点的坐标分别代入,得
解得
的解析式为.,. (7分)
过点作于点,则.,
.又,.
.[来..
(3)点在上,,,则设.
,,.
①若,则,
解得.,此时点与点重合..
②若,则,解得 ,,此时轴.
与该抛物线在第一象限内的交点的横坐标为1,点的纵坐标为..
③若,则,[来
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解得,,此时,是等腰直角三角形.
过点作轴于点,则,设,
y
x
D
B
C
A
E
E
O
Q
P
H
G
G
(P)
(Q)
Q
(P)
.
.
解得(舍去)..(12分)
综上所述,存在三个满足条件的点,即或或.
【022】解:(1)设第一象限内的点B(m,n),则tan∠POB,得m=9n,又点B在函数 的图象上,得,所以m=3(-3舍去),点B为,
而AB∥x轴,所以点A(,),所以;
(2)由条件可知所求抛物线开口向下,设点A(a , a),B(,a),则AB=- a = ,
所以,解得 .
当a = -3时,点A(―3,―3),B(―,―3),因为顶点在y = x上,所以顶点为(-,-),所以可设二次函数为,点A代入,解得k= -,所以所求函数解析式为 .
同理,当a = 时,所求函数解析式为;
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(3)设A(a , a),B(,a),由条件可知抛物线的对称轴为 .
(第24题(1))
4
x
2
2
A
8
-2
O
-2
-4
y
6 Q
B
C
D
-4
4
P
设所求二次函数解析式为: .
点A(a , a)代入,解得,,
所以点P到直线AB的距离为3或。
(第24题(2)①)
4
x
2
2
A′
8
-2
O
-2
-4
y
6
B′
C
D
-4
4
A′′
【023】(1) 将点A(-4,8)的坐标代入,解得. ……1分
将点B(2,n)的坐标代入,求得点B的坐标为(2,2),
则点B关于x轴对称点P的坐标为(2,-2). ……1分
直线AP的解析式是. ……1分
令y=0,得.即所求点Q的坐标是(,0). ……1分
(2)① 解法1:CQ=︱-2-︱=, ……1分
故将抛物线向左平移个单位时,A′C+CB′最短,
此时抛物线的函数解析式为. ……1分
解法2:设将抛物线向左平移m个单位,则平移后A′,B′的坐标分别为A′(-4-m,8)和B′(2-m,2),点A′关于x轴对称点的坐标为A′′(-4-m,-8).
(第24题(2)②)
4
x
2
2
A′
8
-2
O
-2
-4
y
6
B′
C
D
-4
4
A′′
B′′
直线A′′B′的解析式为. 要使A′C+CB′最短,点C应在直线A′′B′上,将点C(-2,0)代入直线A′′B′的解析式,解得.
故将抛物线向左平移个单位时A′C+CB′最短,此时抛物线的函数解析式为. ……1分
② 左右平移抛物线,因为线段A′B′和CD的长是定值,所以要使四边形A′B′CD的周长最短,只要使A′D+CB′最短; ……
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1分
第一种情况:如果将抛物线向右平移,显然有A′D+CB′>AD+CB,因此不存在某个位置,使四边形A′B′CD的周长最短.……1分
第二种情况:设抛物线向左平移了b个单位,则点A′和点B′的坐标分别为A′(-4-b,8)和B′(2-b,2).
因为CD=2,因此将点B′向左平移2个单位得B′′(-b,2),
要使A′D+CB′最短,只要使A′D+DB′′最短. ……1分
点A′关于x轴对称点的坐标为A′′(-4-b,-8),直线A′′B′′的解析式为.要使A′D+DB′′最短,点D应在直线A′′B′′上,将点D(-4,0)代入直线A′′B′′的解析式,解得.故将抛物线向左平移时,存在某个位置,使四边形A′B′CD的周长最短,此时抛物线的函数解析式为.……1分
【024】解(Ⅰ),
. 1分
将分别代入,得
,
解得.函数的解析式为. 3分
(Ⅱ)由已知,得,设的高为,
,即.
根据题意,,由,得.
当时,解得;
当时,解得.
的值为. 6分
(Ⅲ)由已知,得.
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,,
,化简得.
,得, .
有.
又,,,
当时,;当时,;
当时,. 10分
【025】(1)将A(0,1)、B(1,0)坐标代入得解得
∴抛物线的解折式为…(2分)
(2)设点E的横坐标为m,则它的纵坐标为
即 E点的坐标(,)又∵点E在直线上[来源:Z§xx§k.Com]
∴ 解得(舍去),
∴E的坐标为(4,3)……(4分)
(Ⅰ)当A为直角顶点时
过A作AP1⊥DE交x轴于P1点,设P1(a,0) 易知D点坐标为(-2,0) 由Rt△AOD∽Rt△POA得
即,∴a= ∴P1(,0)……(5分)
(Ⅱ)同理,当E为直角顶点时,P2点坐标为(,0)……(6分)
(Ⅲ)当P为直角顶点时,过E作EF⊥x轴于F,设P3(、)由∠OPA+∠FPE=90°,得∠OPA=∠FEP Rt△AOP∽Rt△PFE
由得 解得,
∴此时的点P3的坐标为(1,0)或(3,0)……(8分)
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综上所述,满足条件的点P的坐标为(,0)或(1,0)或(3,0)或(,0)[来源:学科网](Ⅲ)抛物线的对称轴为…(9分)∵B、C关于x=对称 ∴MC=MB
要使最大,即是使最大
由三角形两边之差小于第三边得,当A、B、M在同一直线上时的值最大.易知直线AB的解折式为∴由 得
∴M(,-)……(11分)
【026】(1) 配方,得y=(x–2)2 –1,∴抛物线的对称轴为直线x=2,顶点为P(2,–1) .
取x=0代入y=x2 –2x+1,得y=1,∴点A的坐标是(0,1).由抛物线的对称性知,
点A(0,1)与点B关于直线x=2对称,∴点B的坐标是(4,1). 2分
设直线l的解析式为y=kx+b(k≠0),将B、P的坐标代入,有
解得∴直线l的解析式为y=x–3.3分
(2) 连结AD交O′C于点E,∵ 点D由点A沿O′C翻折后得到,∴ O′C垂直平分AD.[来源:Z。xx。k.Com]
由(1)知,点C的坐标为(0,–3),∴ 在Rt△AO′C中,O′A=2,AC=4,∴ O′C=2.
据面积关系,有 ×O′C×AE=×O′A×CA,∴ AE=,AD=2AE=.
作DF⊥AB于F,易证Rt△ADF∽Rt△CO′A,∴,
∴ AF=·AC=,DF=·O′A=,5分
又 ∵OA=1,∴点D的纵坐标为1–= –,
∴ 点D的坐标为(,–).
(3) 显然,O′P∥AC,且O′为AB的中点,
∴ 点P是线段BC的中点,∴ S△DPC= S△DPB .
故要使S△DQC= S△DPB,只需S△DQC=S△DPC .
过P作直线m与CD平行,则直线m上的任意一点与CD构成的三角形的面积都等于
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S△DPC ,
故m与抛物线的交点即符合条件的Q点.
容易求得过点C(0,–3)、D(,–)的直线的解析式为y=x–3,
据直线m的作法,可以求得直线m的解析式为y=x–.[来源:学_科_网]
令x2–2x+1=x–,解得 x1=2,x2=,代入y=x–,得y1= –1,y2=,
因此,抛物线上存在两点Q1(2,–1)(即点P)和Q2(,),使得S△DQC= S△DPB.
【027】解:(1)由题意得 6=a(-2+3)(-2-1),∴a=-2,
∴抛物线的函数解析式为y=-2(x+3)(x-1)与x轴交于B(-3,0)、A(1,0)
设直线AC为y=kx+b,则有0=k+b,6=-2k+b,解得 k=-2,b=2,
∴直线AC为y=-2x+2
(2)①设P的横坐标为a(-2≤a≤1),则P(a,-2a+2),M(a,-2a2-4a+6)
∴PM=-2a2-4a+6-(-2a+2)=-2a2-2a+4=-2a2+a+14+92
=-2a+122+92,∴当a=-12时,PM的最大值为926分
②M1(0,6)M2-14,678
【028】解:(1)由题意得 解得
∴此抛物线的解析式为 3分
(2)连结、.因为的长度一定,所以周长最小,就是使最小.
(第24题图)
O
A
C
x
y
B
E
P
D
点关于对称轴的对称点是点,与对称轴的交点即为所求的点.
设直线的表达式为则解得
∴此直线的表达式为
把代入得∴点的坐标为
(3)存在最大值,理由:∵即
∴∴即
∴
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方法一:连结,
=[来源:Z。xx。k.Com]
=,∵∴当时, 9分
方法二:
=
=,∵∴当时, 9分
【029】解:(1),(-1,0),B(3,0). 3分
(2)如图14(1),抛物线的顶点为M(1,-4),连结OM.
则 △AOC的面积=,△MOC的面积=,△MOB的面积=6,
∴ 四边形 ABMC的面积=△AOC的面积+△MOC的面积+△MOB的面积=9. 6分
说明:也可过点M作抛物线的对称轴,将四边形ABMC的面
积转化为求1个梯形与2个直角三角形面积的和.
(3)如图14(2),设D(m,),连结OD.
则 0<m<3, <0. 且 △AOC的面积=,△DOC的面积=,
图14(2)
△DOB的面积=-(),
∴ 四边形 ABDC的面积=△AOC的面积+△DOC的面积+△DOB的面积
==.
∴ 存在点D,使四边形ABDC的面积最大为.
(4)有两种情况:
图14(3) 图14(4)
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如图14(3),过点B作BQ1⊥BC,交抛物线于点Q1、交y轴于点E,连接Q1C.
∵ ∠CBO=45°,∴∠EBO=45°,BO=OE=3.
∴ 点E的坐标为(0,3). ∴ 直线BE的解析式为. 12分
由 解得 ∴ 点Q1的坐标为(-2,5). 13分
如图14(4),过点C作CF⊥CB,交抛物线于点Q2、交x轴于点F,连接BQ2.
∵ ∠CBO=45°,∴∠CFB=45°,OF=OC=3.
∴ 点F的坐标为(-3,0).∴ 直线CF的解析式为. 14分
由 解得
∴点Q2的坐标为(1,-4).综上,在抛物线上存在点Q1(-2,5)、Q2(1,-4),
使△BCQ1、△BCQ2是以BC为直角边的直角三角形.
【030】解:(1)设,把代入,得, 2分
∴抛物线的解析式为:.顶点的坐标为. 5分
(2)设直线解析式为:(),把两点坐标代入,
得解得.∴直线解析式为. 7分
,∴ 9分
. 10分
∴当时,取得最大值,最大值为. 11分
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(3)当取得最大值,,,∴.∴四边形是矩形.
(E)
1
2
3
3
1
D
y
C
B
A
P
2
x
O
F
M
H
作点关于直线的对称点,连接.
法一:过作轴于,交轴于点.
设,则.
在中,由勾股定理,.
解得.∵,∴.
由,可得,.∴.
∴坐标. 13分
法二:连接,交于点,分别过点作的垂线,垂足为.
易证.∴.
(E)
1
2
3
3
1
D
y
C
B
A
P
2
x
O
F
M
H
N
M
设,则.∴,.
由三角形中位线定理,.
∴,即.
∴坐标. 13分
把坐标代入抛物线解析式,不成立,所以不在抛物线上. 14分
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