2015年1月上海奉贤区高三期物理一模试卷（有答案）
考生注意：
1.本试卷满分150分，考试时间120分钟。用钢笔或圆珠笔将答案写在答题卡上。
2.第30、31、32、33题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位。
第Ⅰ卷
一、单项选择题Ⅰ（共16分，每小题2分。每小题只有一个正确选项。）
1．下列属于牛顿的主要贡献是
（A）发现光的色散 （B）创立相对论
（C）测出万有引力恒量 （D）发现摆的等时性
2．关于惯性说法正确的是
（A）只有静止的物体才具有惯性 （B）物体处于完全失重状态时没有惯性
（C）物体运动状态改变时才有惯性 （D）物体在任何状态下都具有惯性
3．如图简谐振动图像，振幅为A，在t1和t2时刻，质点具有相同的
(A)加速度 (B)位移
(C)速度 (D)回复力
4．如图所示，A、B为同一水平线上的两个绕绳装置。转动A、B改变绳的长度，使重物C缓慢下降。则此过程中绳上的拉力大小
（A）保持不变 （B）逐渐减小
（C）逐渐增大 （D）都有可能
5．气体内能是所有气体分子热运动动能和势能的总和，其大小与气体的状态有关，分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的
（A）温度和体积 （B）体积和压强
（C）温度和压强 （D）压强和温度
6．一列水波穿过小孔发生衍射现象，衍射后水波能量减小表现为
（A）波长增大 （B）周期增大
（C）频率减小 （D）振幅减小
7．滑雪运动员由斜坡向下滑行时其速度-时间图像如图所示，图像中AB段为曲线，运动员在此过程中不变的是
（A）动能 （B）速度方向
（C）合力 （D）机械能
8．如图所示，长方体木块搁在光滑方形槽中，则长方体木块除重力外还受到弹力的个数是
(A)1个 ( B)2个 ( C)3个 (D)4个
二、单项选择题Ⅱ（共24分，每小题3分。每小题只有一个正确选项。）
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9．如图所示，一块橡皮用不可伸长的细线悬挂于O点，用铅笔靠着细线的左侧从O点开始水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则在铅笔向右匀速移动过程中，橡皮运动的速度
(A)大小和方向均不变 (B)大小不变，方向改变
(C)大小改变，方向不变 (D)大小和方向均改变
10．如图所示，粗细均匀U形管中装有水银，左端封闭有一段空气柱，原来两管水银面相平，将开关K打开后，放掉些水银，再关闭K，重新平衡后若右端水银下降h，则左管水银面相对于玻璃管
（A）不下降 （B）下降h （C）下降高度小于h （D）下降高度大于h
11．如图，两根平行放置的长直导线a和b通有大小分别为I和2I、方向相同的电流，导线b受到的磁场力大小为F， 当加入一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，导线b受到的磁场力为零， 则此时a受到的磁场力大小为
（A） （B）F （C） （D）2F
12．如图所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，正确的是
（A）过网时球1的速度小于球2的速度
（B）球1的飞行时间大于球2的飞行时间
（C）球1的速度变化率小于球2的速度变化率
（D）落台时，球1的重力功率等于球2的重力功率
13．如图所示，一物体以某一初速度v0从固定的粗糙斜面底端上滑至最高点又返回底端的过程中，以沿斜面向上为正方向。若用h、x、v和Ek分别表示物块距水平地面高度、位移、速度和动能，t表示运动时间。则可能正确的图像是
14．如图所示，固定斜面AE分成等长四部分AB、BC、CD、DE，小物块与AB、CD间动摩擦因数均为μ1，与BC、DE间动摩擦因数均为μ2，且μ1=2μ2。当小物块以速度v0从A点沿斜面向上滑动时，刚好能到达E点。当小物块以速度从A点沿斜面向上滑动时，则能到达的最高点
（A）刚好为B点 （B）刚好为C点
（C）介于AB之间 （D）介于BC之间
15．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀减速下滑。
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若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则物块
（A）可能匀速下滑
（B）仍以加速度a匀减速下滑
（C）将以大于a的加速度匀减速下滑
（D）将以小于a的加速度匀减速下滑
16．如图所示，一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内，其下方（略靠前）固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流。释放线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中
（A）线框中感应电流方向依次为ACBA→ABCA
（B）线框的磁通量为零的时，感应电流却不为零
（C）线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上
（D）线框所受安培力的合力为零，做自由落体运动
三、（16分）多项选择题。（本大题共4小题，每小题4分。每小题给出的四个答案中，有两个或两个以上是正确的。每一小题全选对得4分；选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分。）
17．一列横波在x轴上沿x轴正方向传播，振幅为A，在t与t＋0.4 s两时刻在x轴上－3 m到3 m的区间内的波形图如图同一条图线所示，则正确的是
(A)质点振动的最大周期为0.4 s
(B)该波的最大波速为10 m/s
(C)从t时开始计时，x＝2 m处的质点比x＝2.5 m处的质点先回到平衡位置
(D)在t＋0.2 s时，x＝－2 m处的质点位移一定为A
18．如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表示数变化量的绝对值为△I，则
(A)△U2=△U1+△U3 (B)
(C)输出电功率先增大后减小 (D)和保持不变
19．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能EP随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，～是直线段，则正确的是
（A）处电场强度为零
（B）～段是匀强电场
（C）、、处电势、、的关系为＞＞
（D）粒子在0～段做匀变速运动，～段做匀速直线运动
20．如图所示，一质量为m
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的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端固定于O点，另一端与该小球相连。现将小球从A点由静止释放，沿竖直杆运动到B点，已知OA长度小于OB长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹力大小相等。弹簧的形变量相同时弹性势能相同。则小球在此过程中
（A）加速度等于重力加速度g的位置有两个
（B）弹簧弹力的功率为零的位置有两个
（C）弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功
（D）弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离等于小球弹簧弹力做负功过程中小球运动的距离
第Ⅱ卷
四、（20分）填空题。（本大题共5小题，每空格2分。不要求写出演算过程。本大题中第22题为分叉题，分A、B两类，考生可任选一类答题。若两类试题均做，一律按A类题计分。）
21．对于绕轴转动的物体，描述转动快慢的物理量有角速度ω等物理量。类似加速度，角加速度β描述角速度的变化快慢，则角加速度β的定义式是 ，单位是 。
22A、22B选做一题
22A．如图所示，质量M的长木板B静止在光滑的水平地面上，在其右端放一质量m（m （2分）
28．(6分) (1) 保持气体温度不变 （2分）
（2）( A B C ) （4分，漏选得2分，错选不得分）
29．(9分) (1)R1（2分）
(2)连线见图（2分）（备注：开关可以控制传感器等，滑动变阻器多连一条线也是正确的）
（3） 4.3 （4.2-4.4都正确，1分） 7.2（7.0-7.3都正确，1分）
（4））（D）（3分）
六．计算题(共50分)
30．（10分）解： (1) （5分）p1= p0-ph=75-15cmHg=60cmHg，V1=V0+h0S=8+4×0.5cm3=10 cm3，p2= 75cmHg，根据玻意耳定律，p1V1= p2V2，，即水银正好到球的底部。（状态量1分、公式1分、代入数据1分、答案1分）加入的水银为h1+2h0=15+2×4cm=23cm（1分）
(2) （5分） p1= p0-ph=60cmHg，T1=300K，p3= 75+8=83cmHg，根据查理定律，（状态量1分、公式1分、代入数据1分、答案2分，算出K得1分）
31．（12分） 解：（1）（3分） （备注：时间1分，速度2分）
（2）（5分）B匀速运动，A匀加速运动，对A受力分析如图，f=μ（G+ NB）=0.4×(2×10+1×10)N=12N，A的加速度，
设经过tBB从A的右端脱离时，sB-sA=l1, ，10×tB-2 tB2=8，解得tB=1s，tB=4s。若tB=4s，板的速度v=atB=4×4m/s=16m/s大于B的速度，B会从左端掉落，所以不符合题意。所以tB=1s（备注：摩擦力1分，加速度1分，求解1分，判断1分，结果1分）
(3) （4分）脱离前A的运动位移为，脱离后B的加速度为
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，B滑到平台边的距离为
所以一开始薄板A的最右端离平台边距离l2=sB+sA=14m（备注：加速度1分，两个位移各1分，结果1分）
32．（14分）解：⑴（4分）杆中电流方向从b → a (或aMPba) ，由图可知，当R = 0 时，杆最终以v = 2 m/s匀速运动，产生电动势E = BLv ， E = 2V （备注：方向2分，电动势2分）
⑵（5分）设最大速度为v，杆切割磁感线产生的感应电动势 E = BLv ， 由闭合电路的欧姆定律： ，杆达到最大速度时满足 ，
解得v = 。由图像可知：斜率为，纵截距为v0=2m/s，得到：= v0 ，k 解得：m = 0.2kg ，r = 2Ω。
解法二：设最大速度为v，杆切割磁感线产生的感应电动势 E = BLv
由闭合电路的欧姆定律： ，由图可知 当R = 0时 v = 2 m/s ，当R =2Ω时 v′ = 4m/s ， ，
解得：m = 0.2kg r = 2Ω （备注：公式2分、带入数据2分、答案1分）
⑶（5分）由题意：E = BLv ， 得 ，
由动能定理得W = ， ，W = 0.6J 。（备注：公式2分、带入数据2分、答案1分）
33.（14分）解：
（1）（3分）B受力分析如图所示。2Fsin530=2mg，
（备注：公式2分答案1分，若有受力图正确给1分）
（2）（3分）对C，受力分析如图，LAC=2Lcos530=1.2L
，解得
（备注：公式2分答案1分，若有受力图正确给1分）
（3）（4分）匀强电场的电场力做负功，电势能增加了qE(2L-1.2L)
两个异种电荷间库仑力做负功，电势能也增加，增加了，所以电势能共增加了qE(2L-1.2L)+ =
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（备注：公式2分答案2分）
（4）（4分）B刚着地时，C的速度为0。对系统，根据动能定理，得到
，解得
（备注：公式2分答案2分）
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