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‎2015年高考二轮物理恒定电流复习（人教版）‎ ‎1.(2014天津，2，6分)如图所示,电路中R1、R2均为可变电阻,电源内阻不能忽略,平行板电容器C的极板水平放置。闭合电键S,电路达到稳定时,带电油滴悬浮在两板之间静止不动。如果仅改变下列某一个条件,油滴仍能静止不动的是(　　)‎ A.增大R1的阻值 B.增大R2的阻值 C.增大两板间的距离 D.断开电键S ‎[答案] 1.B ‎[解析] 1.设油滴质量为m,电荷量为q,两板间距离为d,当其静止时,有q=q=mg;由题图知,增大R1,UR1增大,油滴将向上加速,增大R2,油滴受力不变,仍保持静止;由E=知,增大d,U不变时,E减小,油滴将向下加速;断开电键S,电容器将通过R1、R2放电,两板间场强变小,油滴将向下加速,故只有B项正确。‎ ‎2.（2013辽宁大连高三第一次模拟考试理科综合试题，18）如图所示，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S1为开关，别为理想电压表与电流表。初始时S0与S1均闭合，现将S1断开，则（  ）‎ ‎  A．的读数变大，的读数变小 ‎  B．的读数变大，的读数变大 ‎  C．的读数变小，的读数变小 ‎  D．的读数变小，的读数变大 ‎[答案] 2.18．D ‎[解析] 2.：S1断开时，该闭合电路的总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故R1两端电压变小，V的读数变小；由于R2、R3并联阻值增大，故R2两端电压增大，由欧姆定律可知R2中的电流也增大，电流表示数增大，故D正确。‎ ‎3.（2014江西重点中学协作体高三年级第一次联考，19）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器最大阻值为R，G为灵敏电流计, 开关闭合，两平行金属板M、N之间存在垂直纸面向里的匀强磁场，一带正电的粒子恰好以速度v匀速穿过两板，不计粒子重力。以下说法中正确的是（  ）‎ A．保持开关闭合，滑片P向下移动，粒子可能从M板边缘射出 B．保持开关闭合，滑片P的位置不动，将N板向下移动，粒子可能从M板边缘射出 C．将开关断开，粒子将继续沿直线匀速射出 D．在上述三个选项的变化中，灵敏电流计G指针均不发生偏转 ‎[答案] 3.19．AB ‎[解析] 3.：由图可知M板带正电，N板带负电；粒子带正电，则粒子所受电场力向下，洛仑兹力向上，而当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中电流增大，则由以上分析可知，滑动变阻器两端的电压减小，则电容器两极板间的电场强度减小，带电粒子受电场力减小，则粒子将向上偏转，故可能从M板边缘飞出，故A正确；保持开关闭合，滑片P的位置不动，电容器两极板之间电压不变，将N板向下移动，电容器两极板间的电场强度减小，粒子可能从M板边缘射出，B正确；若开关断开，则电容器与电源断开，而与R形成通路，电荷会减小，故两板间的电场强度要减小，故所受电场力减小，粒子不会做直线运动，故C错；A选项中，电容器两极板间电压U减小，根据 可知，电容器所点电荷量减小，故灵敏电流计G指针偏转，D错。‎ ‎4.（2014江西省红色六校高三第二次联考，18）如图所示电路中的电源为恒流源，不管外电路的电阻如何变化，它都能够提供持续的定值电流。电压表、电流表都为理想电表。当滑动变阻器R的滑动触头向左滑动时，电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为ΔU1和ΔU2。电流表A示数变化的绝对值为ΔI，下列说法中正确的是（  ）‎ A．V1示数增大，A示数减小，=R      ‎ B．V1示数增大，A示数减小，=R1  ‎ C．V2示数减小，A示数减小，=R2‎ D．V2示数增大，A示数增大，=R ‎ ‎[答案] 4.18. B ‎[解析] 4.：当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流不变，故电阻R2两端电压不变，路端电压增大（即V1示数增大）；而电阻R2两端电压不变（V2示数不变），所以电阻R1两端电压增大，通过电阻R1的电流增大，则通过滑动变阻器的电流减小（A示数减小）；电压表读数的变化量等于电阻R1两端电压的变化量，设为△U，总电流为，电流表读数为I，电阻R1两端电压U1=（-I）R1，则|△U|=|△U1|=|（-I）R1|=|△I|R1，则得=R1，故B正确。‎ ‎5.(2014年哈尔滨市第三中学第一次高考模拟试卷)‎ ‎ 如图所示，电路中电源的电动势为E、内阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P从滑动变阻器R的中点位置向左滑动时，小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是：‎ A．L1灯变亮，L2灯变暗，L3灯变亮 B．L1灯变暗，L2灯变亮，L3灯变暗 C．L1、L2两灯都变亮，L3灯变暗 D．L1、L2两灯都变暗，L3灯变亮 ‎[答案] 5.17．A ‎[解析] 5.由电路图可知，变阻器与灯L1并联后与灯L2串联，再与灯L3并联，最后与电源的内阻串联。当将滑片P向左滑动时，变阻器接入电路中的电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压U增大，则L3变亮；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过L2电流I2=I-I3，I减小，I3增大，则I2减小，故L2变暗；又串联电路中总电压等于各分电压之和，故L1电压U1=U-U2，U增大，U2减小，则U1增大，故L1变亮。‎ ‎6.（河南省豫东豫北十所名校2014届高中毕业班阶段性测试（四））安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流。设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是 ‎    A．电流强度为，电流方向为顺时针    B．电流强度为，电流方向为顺时针 ‎    C．电流强度为，电流方向为逆时针      D. 电流强度为，电流方向为逆时针 ‎[答案] 6.14．C ‎[解析] 6.电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为 ， 根据电流的定义式得电流强度为 I===‎ ‎，因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故C正确。‎ ‎7.(河北衡水中学2013-2014学年度下学期二调考试) 在如图(a) 所示的电路中，R1为定值电阻, R2为滑动变阻器。闭合电键S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b) 所示。则          （    ）‎ A．图线甲是电压表V2示数随电流变化的图线 B．电源内电阻的阻值为10Ω C．电源的最大输出功率为3.6W D．滑动变阻器R2的最大功率为0.9W ‎[答案] 7.20．AD ‎[解析] 7.当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；而R1两端的电压增大，故乙表示是V1示数的变化；甲表示V2示数的变化；故A正确；由图可知，当只有R1接入电路时，电路中电流为‎0.6A，电压为3V，则由E=U+Ir可得E=3+0.6r；当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为，故=；由闭合电路欧姆定律可得E=5+0.2r，解得r=5Ω，E=6V，故B错误；因当内阻等于外阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于5Ω时，电源的输出功率最大，故此时电流I==‎0.6A，故电源的最大输出功率P=UI=1.8W；故C错；由C的分析可知，R1的阻值为5Ω，R2电阻为20Ω；当R1等效为内阻，则当滑动变阻器的阻值等于R+r时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为10Ω时，滑动变阻器消耗的功率最大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流I′==‎0.3A，则滑动变阻器消耗的总功率P′=I'2R′=0.9W，故D正确。  ‎ ‎8.(甘肃省兰州一中2014届高三上学期期末考试) 在如图所示的电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列比值正确的是 A．U1/I不变，ΔU1/ΔI不变       B．U2/I变大，ΔU2/ΔI变大 C．U2/I变大，ΔU2/ΔI不变       D．U3/I变大，ΔU3/ΔI不变 ‎[答案] 8.21．ACD ‎[解析] 8.根据欧姆定律得知：，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，均不变，故A正确；，变大，根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-I（R1+r），则有=R1+r，不变，故B错误，C正确； ，变大，根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-Ir，则有=r，不变，故D正确。‎ ‎9.(浙江省金丽衢十二校2014届高三第一次联考) 某同学用图示的电路测绘小灯泡的伏安特性图线，连好电路后闭合开关，由a向b端调节滑动变阻器R的滑片，发现“电流表的示数为零，电压表的示数逐渐增大” ，则电路的可能故障为 A小灯泡短路 B小灯泡断路 C电流表断路 D滑动变阻器断路 ‎[答案] 9.6．B ‎[解析] 9.若小灯泡短路或电流表断路，则电压表的示数为零，A、Ｃ两项错；若小灯泡断路由a向b端调节滑动变阻器R的滑片，则电流表的示数为零，电压表的示数逐渐增大，B项正确；若滑动变阻器断路会引起电流表的示数为零或增大，Ｄ项错。‎ ‎10.(四川省成都市2014届高中毕业班第一次诊断性检测) 如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻。当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U。以下说法正确的是(       )‎ A. 若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大 B. 若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少 C．若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加 D．若仅用更强的光照射R1 ，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变 ‎[答案] 10.6．BD ‎[解析] 10.滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故A错误；若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量，d增大，U不变，故Q减小，B项正确；用更强的光线照射R1，电阻随光照强度的增大而减小，故电路中的电流I增大，内电阻上的电压降增大，路端电压U减小，Ｒ３两端电压增大，故电容器两端电压减小，电容器所带电荷量减少，C项错；根据闭合电路的欧姆定律，取两组数据，得：E=U1+I1r  ①，E=U2+I2r  ②，联立①②得：U1-U2=I2r-I1r，即r＝−，所以，不论R1如何变化，U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变，D项正确。‎ ‎11.(江西省七校2014届高三上学期第一次联考) 在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，、为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中, 下列说法中正确的是 A．电压表示数变小            ‎ B．电流表示数变小 C．电容器C所带电荷量增多   ‎ D．a点的电势降低 ‎[答案] 11.18．D ‎[解析] 11.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大，A错误； 电阻R2两端的电压U2=E-I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，C错误；根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，则IA增大．即电流表示数变大．故D项正确，Ｂ项错．  ‎ ‎12.(江苏省苏北四市2014届高三上期末统考) 如图所示，E为电源，其内阻不可忽略，为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，L为指示灯泡，C为平行板电容器，G为灵敏电流计。闭合开关S，当环境温度明显升高时，下列说法正确的是 A．L变亮 B．两端电压变大 C．C所带的电荷量保持不变 D．G中电流方向由a→b ‎[答案] 12.7．AD ‎[解析] 12.当环境温度明显升高时，热敏电阻其阻值随温度的升高而减小，由闭合电路的欧姆定律可知干路电流增大，灯泡L因其功率增大而变亮，A项正确；由于灯泡两端及内电压增大，故热敏电阻两端电压减小，B项错；由于内电压增大，故电容器两端电压增大，故电容器C所带的电荷量减少，通过电流计G的电流由a流向b，故D项正确，C项错。‎ ‎13.(湖北省黄冈中学2014届高三上学期期末考试) 如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻。当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U。以下说法正确的是（   ）‎ A．若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大 B．若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少 C．若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加 D．若仅用更强的光照射R1 ，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变 ‎[答案] 13.19．BD ‎[解析] 13.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，由于滑动变阻器处于断路状态，故则I不变，U也不变，A项错；若仅增大A、B板间距离，电容器电容减小，而电容器两端电压不变，故电容器所带电荷量减少，B项正确；若仅用更强的光照射R1，R1阻值减小，根据闭合电路欧姆定律可知电路中电流增大，路端两端电压U减小，电容器两端电压减小，所带电荷量减少，C项错；若仅用更强的光照射R1 ，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值为电源内阻保持不变，故D项正确。‎ ‎14.（广东省广州市2014届高三1月调研测试物理试题）如图，S接a，带电微粒从P点水平射入平行板间，恰能沿直线射出．若S接b，相同微粒仍从P水平射入，则微粒 A．电势能减小 B．电势能不变 C．偏离直线向上偏转 D．偏离直线向下偏转 ‎[答案] 14.16．D ‎[解析] 14.S接a，带电微粒从P点水平射入平行板间，恰能沿直线射出说明物体在平行板间受力平衡；若将S接b，则两极板间电压减小，极板间场强减小，微粒受到的电场力减小，微粒将偏离直线向下偏转做类平抛运动，故Ｄ项正确。‎ ‎15.(福建省福州市2014届高三上学期期末质量检测物理试题) 如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C，R为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小。闭合开关S后，将照射光强度增强，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，，则在此过程中 A．△U和△I的比值增大 B．电压表示数U和电流表示数I比值不变 C．电阻R0两端电压增大，增加量为△U D．电容器的带电量减小，减小量为c△U ‎[答案] 15.8．D ‎ ‎[解析] 15.照射光强度增强光敏电阻的阻值的大小随照射光强度的增强而减小，故电压表示数U和电流表示数I比值减小，△U和△I的比值也减小，故A、B两项错；由于光敏电阻阻值减小，其两端电压减小△U，故电阻R0两端电压及内电压之和增加△U，电容器的带电量减小量c△U， C项错误，D项正确。‎ ‎16.(北京市西城区2014届高三上学期期末考试) 一个直流电动机，线圈电阻是0.5Ω，当它两端所加电压为6V时，通过电动机的电流是‎2A。由此可知 A．电动机消耗的电功率为10W B．电动机发热的功率为10W C．电动机输出的机械功率为10W D．电动机的工作效率为20%‎ ‎[答案] 16.8．C ‎[解析] 16.电动机的输入功率P电＝UI＝12W，A项错；电动机的发热功率P热＝I2r＝22×0.5W＝2W, B 项错；输出的机械功率P机＝P电－P热＝12W－2W＝10W，C项正确；电动机的工作效率为，D项错。‎ ‎17.(安徽省合肥市2014届高三上学期第一次质量检测) 图示电路中GMR为一个磁敏电阻，它的阻值随所处空间磁场的增加增强而增大，闭合开头和后，在滑片P向右滑动时 A、、都变暗 B、、都变亮 C、变暗、变亮 D、变亮、变暗 ‎[答案] 17.8. D ‎ ‎[解析] 17.：在滑片P向右滑动时，电磁铁中电流减小，故电磁铁的磁性减弱，磁敏电阻GMR的阻值减小。右边电路中，由于GMR的阻值减小，故路端电压减小，干路电流增大，故通过的电流减小，通过的电流增大，故变亮、变暗，D项正确。‎ ‎18.(2014大纲全国，22，6分)现用频闪照相方法来研究物块的变速运动。在一小物块沿斜面向下运动的过程中,用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示。拍摄时频闪频率是10 Hz;通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4。已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s。数据如下表所示。重力加速度大小g=‎9.80 m/s2。‎ 单位:cm x1‎ x2‎ x3‎ x4‎ h s ‎10.76‎ ‎15.05‎ ‎19.34‎ ‎23.65‎ ‎48.00‎ ‎80.00‎ 根据表中数据,完成下列填空:‎ ‎(1)物块的加速度a=________m/s2(保留3位有效数字)。‎ ‎(2)因为____________________________________________________________,可知斜面是粗糙的。‎ ‎[答案] 18.(1)4.30(4分,填“‎4.29”‎或“‎4.31”‎同样给分)　(2)物块加速度小于g=‎5.88 m/s2(或:物块加速度小于物块沿光滑斜面下滑的加速度)(2分)‎ ‎[解析] 18.(1)a===‎4.30 m/s2    (2)见答案。‎ ‎19.(2014江苏，10，8分)某同学通过实验测量一种合金的电阻率。‎ ‎(1)用螺旋测微器测量合金丝的直径。为防止读数时测微螺杆发生转动,读数前应先旋紧题10-1图所示的部件________(选填“A”、“B”、“C”或“D”)。从图中的示数可读出合金丝的直径为________mm。‎ ‎(2)题10-2图所示是测量合金丝电阻的电路,相关器材的规格已在图中标出。合上开关,将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中,发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化。由此可以推断:电路中________(选填图中表示接线柱的数字)之间出现了________(选填“短路”或“断路”)。‎ ‎(题10-1图)　　　　　　　　　　(题10-2图)‎ ‎(3)在电路故障被排除后,调节滑动变阻器,读出电压表和电流表的示数分别为2.23 V和38 mA,由此,该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58.7 Ω。为了更准确地测出合金丝的阻值,在不更换实验器材的条件下,对实验应作怎样的改进?请写出两条建议。‎ ‎[答案] 19. (1)B　0.410　(2)7、9　断路　(3)电流表改为内接;测量多组电流和电压值,计算出电阻的平均值。(或测量多组电流和电压值,用图像法求电阻值)‎ ‎[解析] 19.(1)读数前应先旋紧B防止读数时测微螺杆发生转动。螺旋测微器读数=0+41.0×‎0.01 mm=‎‎0.410 mm ‎(2)7、9之间发生断路,则内阻较大的电压表和内阻较小的电流表一起串联于电路中,此时改变阻值较小的滑动变阻器阻值时,对电压表和电流表的示数影响很小,符合题述现象,同时满足两表读数。‎ ‎(3)因为Rx=58.7 Ω>=30 Ω,所以应选用电流表内接法。为了减小偶然误差可测量多组电流和电压值,计算电阻的平均值。或测量多组电流和电压值,用图像法求电阻值。‎ ‎20.(2014四川，8，17分) (1)(6分)小文同学在探究物体做曲线运动的条件时,将一条形磁铁放在桌面的不同位置,让小钢珠在水平桌面上从同一位置以相同初速度v0运动,得到不同轨迹。图中a、b、c、d为其中四条运动轨迹,磁铁放在位置A时,小钢珠的运动轨迹是________(填轨迹字母代号),磁铁放在位置B时,小钢珠的运动轨迹是________(填轨迹字母代号)。实验表明,当物体所受合外力的方向跟它的速度方向________(选填“在”或“不在”)同一直线上时,物体做曲线运动。‎ ‎(2)(11分)右图是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx的原理图,图中R0是保护电阻(10 Ω),R1是电阻箱(0~99.9 Ω),R是滑动变阻器,A1和A2是电流表,E是电源(电动势10 V,内阻很小)。‎ 在保证安全和满足要求的情况下,使测量范围尽可能大。实验具体步骤如下:‎ ‎(ⅰ)连接好电路,将滑动变阻器R调到最大;‎ ‎(ⅱ)闭合S,从最大值开始调节电阻箱R1,先调R1为适当值,再调节滑动变阻器R,使A1示数I1=‎0.15 A,记下此时电阻箱的阻值R1和A2的示数I2;‎ ‎(ⅲ)重复步骤(ⅱ),再测量6组R1和I2值;‎ ‎(ⅳ)将实验测得的7组数据在坐标纸上描点。‎ 根据实验回答以下问题:‎ ‎①现有四只供选用的电流表:‎ A.电流表(0~3 mA,内阻为2.0 Ω)‎ B.电流表(0~3 mA,内阻未知)‎ C.电流表(0~‎0.3 A,内阻为5.0 Ω)‎ D.电流表(0~‎0.3 A,内阻未知)‎ A1应选用________,A2应选用________。‎ ‎②测得一组R1和I2值后,调整电阻箱R1,使其阻值变小,要使A1示数I1=‎0.15 A,应让滑动变阻器R接入电路的阻值________(选填“不变”、“变大”或“变小”)。‎ ‎③在坐标纸上画出R1与I2的关系图。‎ ‎④根据以上实验得出Rx=________Ω。‎ ‎[答案] 20. (1)b　c　不在　(2)①D　C　②变大　③关系图线如图　④31‎ ‎[解析] 20.(1)因条形磁铁与钢珠间的作用力为引力,方向沿二者的连线方向,而物体所受合力与速度共线时做直线运动,不共线时做曲线运动,且运动轨迹向合力方向的一侧弯曲。由图知磁铁在A位置时对钢珠引力与v0同向,轨迹为b;磁铁在B位置时钢珠所受合力指向B点,a、c、d三条轨迹中只有c是向B点弯曲的,故对应于轨迹c。‎ ‎(2)①由电路图可知I1(R0+R1+RA1)=I2(Rx+RA2),即R1=I2-(R0+RA1),在I1=‎0.15 A保持不变时R1-I2图线是一条直线,当由其斜率k=求Rx时RA2必须是已知的。因两支路的阻值在同一数量级,则两支路中电流亦必在同一数量级,再结合I1=‎0.15 A,可知A1只能选用D,A2只能选用C。②要保持I1=‎0.15 A不变,当R1阻值减小时需减小并联支路两端的电压,即需增大滑动变阻器分得的电压,需增大滑动变阻器接入电路中的阻值。③图见答案。④由图线可求得斜率k=240 Ω/A。结合k=得Rx=kI1-RA2=31 Ω。‎ ‎21.(2014福建，19，18分) (1)(6分)某同学测定一金属杆的长度和直径,示数如图甲、乙所示,则该金属杆的长度和直径分别为________cm和________mm。‎ ‎(2)(12分)某研究性学习小组利用伏安法测定某一电池组的电动势和内阻,实验原理如图甲所示,其中,虚线框内为用灵敏电流计改装的电流表,为标准电压表,E为待测电池组,S为开关,R为滑动变阻器,R0是标称值为4.0 Ω的定值电阻。‎ ‎①已知灵敏电流计的满偏电流Ig=100 μA、内阻rg=2.0 kΩ,若要改装后的电流表满偏电流为200 mA,应并联一只________Ω(保留一位小数)的定值电阻R1;‎ ‎②根据图甲,用笔画线代替导线将图乙连接成完整电路;‎ ‎③某次实验的数据如下表所示:‎ 测量次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ 电压表读数U/V ‎5.26‎ ‎5.16‎ ‎5.04‎ ‎4.94‎ ‎4.83‎ ‎4.71‎ ‎4.59‎ ‎4.46‎ 改装表读数I/mA ‎20‎ ‎40‎ ‎60‎ ‎80‎ ‎100‎ ‎120‎ ‎140‎ ‎160‎ 该小组借鉴“研究匀变速直线运动”实验中计算加速度的方法(逐差法),计算出电池组的内阻r=________Ω(保留两位小数);为减小偶然误差,逐差法在数据处理方面体现出的主要优点是________________________________________________________________。‎ ‎④该小组在前面实验的基础上,为探究图甲电路中各元器件的实际阻值对测量结果的影响,用一已知电动势和内阻的标准电池组,通过上述方法多次测量后发现:电动势的测量值与已知值几乎相同,但内阻的测量值总是偏大。若测量过程无误,则内阻测量值总是偏大的原因是________。(填选项前的字母)‎ A.电压表内阻的影响B.滑动变阻器的最大阻值偏小 C.R1的实际阻值比计算值偏小D.R0的实际阻值比标称值偏大 ‎[答案] 21.(1)60.10　4.20　(2)①1.0　②如图　③1.66　充分利用已测得的数据　④CD ‎[解析] 21.(1)刻度尺的最小分度为‎1 mm,要估读到‎0.1 mm。‎ 游标卡尺读数=‎4 mm+10×‎0.02 mm=‎4.20 mm。‎ ‎(2)①Igrg=(I-Ig)R1,解得R1=1.0 Ω。‎ ‎②参见答案。‎ ‎③r'=,r1'=,r2'=,r3'=‎ r4'=,I5-I1=I6-I2=I7-I3=I8-I4=80 mA ‎='-R0=-R0=‎ ‎-4 Ω=1.66 Ω ‎④电压表内阻的影响会造成E和r的测量值均偏小,滑动变阻器对测量没有影响,R1的值偏小,表测量值偏小,'测量值偏大,r=r'-R0,R0偏小,r偏大。‎ ‎22.(2014浙江，22，10分)小明对2B铅笔芯的导电性能感兴趣,于是用伏安法测量其电阻值。‎ ‎(1)图1是部分连接好的实物电路图,请用电流表外接法完成接线并在图1中画出。‎ 第22题图1‎ ‎(2)小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2B铅笔芯的伏安特性,并将得到的电流、电压数据描到U-I图上,如图2所示。在图中,由电流表外接法得到的数据点是用______(填“○”或“×”)表示的。‎ 第22题图2‎ ‎(3)请你选择一组数据点,在图2上用作图法作图,并求出这段铅笔芯的电阻为______Ω。‎ ‎[答案] 22.(1)如图所示 ‎(2)×　(3)见解析 ‎[解析] 22.(1)由图知电源采用了两节干电池,则电压表应选用3 V量程,见答案图。(2)在内接法中由U=I(R+RA)知其U-I图线的斜率k内=R+RA>R;在外接法中由其U=(I-)R即U=I知其U-I图线的斜率k外=Rx,Rx2==R并(即Rx与RV的并联值),故Rx2