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齐鲁名校教科研协作体
山东、湖北部分重点中学2018年高考冲刺模拟试卷(三)
理科数学试题
命题:湖北沙市中学(熊炜) 审题:湖北夷陵中学(曹轩) 湖南常德一中(朱纯刚) 山东莱芜一中(王玉玲)
本试卷共4页,23题(含选考题)。全卷满分150分。考试用时120分钟。
一.选择题(每小题5分,共60分)
答案
.A 解: N={(x,y)|x2+y2=0,x∈R,y∈R},∴,则M∪N=M ,故选A。
.若集合M={(x,y)|x+y=0},N={(x,y)|x2+y2=0,x∈R,y∈R},则有( )
A. B. C. D.
.C 解:,∴,的虚部为,故选C。
.已知复数(i为虚数单位),则复数Z的共轭复数的虚部为( )
A. B. C.1 D.
.D 解:①对都有,∴错误;②当时,,∴错误;③当时,,∴错误;④;而当时,成立,不成立,∴正确。
.下列命题中,真命题是 ( )
A.,使得 B.
C. D.是的充分不必要条件
.A 解:第一次进入循环体时;第二次进入循环时;第三次进入循环时,第四次进入循环时,故此时输出,故选A。
.某程序框图如图,该程序运行后输出的的值是( )
A.4 B.5 C.6 D.7
.B 解:作平面区域,易知
.在满足条件的区域内任取一点,则点满足不等式的概率为( )
A. B. C. D.
. B 解:由,且的最小值为可知:,∴,又,则,∵,∴,故可求得的单调递增区间为,故选B。
.已知函数,
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若的最小值为,且,则的单调递增区间为( )
A. B.
C. D.
.A 解;由三视图知,商鞅铜方升由一圆柱和一长方体组合而成.由题意得:
则,故选A。
.中国古代数学名著《九章算术》中记载了公元前344年商鞅督造一种标准量器———商鞅铜方升,其三视图如图所示(单位:寸),若取3,其体积为12.6(立方寸),则图中的为( )
A. 1.6 B. 1.8 C. 2.0 D.2.4
.D 解:令则,
在上递减,由,知可得
又为偶函数,所以解集为。
.定义在上的函数满足,的导函数为,且满足,当时,,则使得不等式的解集为( )
A. B.
C. D.
.D 解:由可知,设等差数列的公差为,则,∵,∴,则,,设,,∴的极小值点为,∵,且,,∴,故选D。
.已知等差数列的前项和为,且,则的最小值为( )
A -3 B -5 C -6 D -9
.B 解:由已知得 。
.点是双曲线右支上一点,分别为左、右焦点.的内切圆与轴相切于点.若点为线段中点,则双曲线离心率为( )
A. B.2 C. D.3
.B 解:易知正三棱锥外接球O半径为2. 过点E作三棱锥外接球O的截面,要使截面面积最小当且仅当截面与垂直时.
.已知正三棱锥,底面是边长为3的正三角形ABC,,点E是线段AB的中点,过点E作三棱锥外接球O
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的截面,则截面面积的最小值是( )
A. 3π B. C. 2π D.
.B 解:
若为整数,则
若不为整数,设其中,
.已知,记表示不超过的最大整数,如,则的值域为( )
A. B. C. D.
二.填空题 (每小题5分,共20分)
. 解:设与的夹角为,∵,,∴,∴
.若向量满足,且,则向量与的夹角为
.-160 解:易知
令,则,
.设,则二项式的展开式中常数项是
. 解:可得,故
.过抛物线焦点的直线交该抛物线于两点,若,则 .
. 解:,若方程存在两个不同解,则,∴,令,∵,∴,设,则在上单调递增,且,∴在上单调递增,上单调递减,∴,∵,∴在上恒成立,∴若方程存在两个不同解,则,即。
.若存在正实数,使得关于方程有两个不同的实根,其中为自然对数的底数,则实数的取值范围是
三.解答题
.解:(1)因为 ,由正弦定理得:
即, .…………....4分
在中, ,所以 ,. ….…………....6分
(2), 得
解得: ….…………....10分
所以的面积 ….…………....12分
.(12分)在中,角所对的边分别为,且.
(1)求角;
(2)若,点在线段上, , ,求的面积.
.解:( I)由频率分布直方图可知,年龄段[20,30),[30,40),[40,50),[50,60]的人数的频率分别为0.3,0.35,0.2,0.15.……….(1分)
因为40×0.3=12,40×0.35 =14,40×0.2=8,40×0.15 =6,
所以年龄段[20,30),[30,40),[40,50),[50,60]应抽取人数分别为12,14,8,6.…(2分)
(Ⅱ)因为各年龄段的中点值分别为25,35,45,55,对应的频率分别为0.3,0.35,0.2,0.15,则25×0.3+35×0.35 +45×0.2+55×0.15= 37.由此估计全厂工人的平均年龄约为37岁。……(6分)
(Ⅲ)因为年龄在[20,30)的工人数为120×0.3=36,从该年龄段任取1人,由表知,此人A项培训结业考试成绩优秀的概率为,B项培训结业考试成绩优秀的概率为,
所以A、B两项培训结业考试成绩都优秀的概率为 ……………(7分)
因为年龄段[40,50)的工人数为120×0.2=24,从该年龄段任取1人,由表知,此人A项培训结业考试成绩优秀的概率为 ,B项培训结业考试成绩优秀的概率为,所以A、B两项培训结业考试成绩都优秀的概率为.…………(8分)
由题设知,X的可能取值为0,1,2.
其中,
,
,……………………(10分)
所以X的分布列如下表:
X
0
1
2
P
所以。………(12分)
.(12分)某工厂有120名工人,其年龄都在20~ 60岁之间,各年龄段人数按[20,30),[30,40),[40,50),[50,60]分成四组,其频率分布直方图如下图所示.工厂为了开发新产品,引进了新的生产设备,要求每个工人都要参加A、B两项培训,培训结束后进行结业考试。已知各年龄段两项培训结业考试成绩优秀的人数如下表所示。假设两项培训是相互独立的,结业考试也互不影响。
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年龄分组
A项培训成绩
优秀人数
B项培训成绩
优秀人数
[20,30)
27
16
[30,40)
28
18
[40,50)
16
9
[50,60]
6
4
(I)若用分层抽样法从全厂工人中抽取一个容量为40的样本,求四个年龄段应分别抽取的人数;
(Ⅱ)根据频率分布直方图,估计全厂工人的平均年龄;
(Ⅲ)随机从年龄段[20,30)和[40,50)中各抽取1人,设这两人中A、B两项培训结业考试成绩都优秀的人数为X,求X的分布列和数学期望.
.【解析】(1)在三棱柱ABC−中,侧面是矩形,∴⊥AB,………(1分)
又⊥BC,AB∩BC=B,
∴⊥平面ABC,∴⊥AC.………(2分)
又=AC,∴⊥.
又⊥,∩=,
∴⊥平面 ,
又平面,∴平面⊥平面.………(4分)
图1
(2)解法一 当E为的中点时,连接AE,,DE,如图1,取的中点F,连接EF,FD,∵EF∥AB,DF∥,
又EF∩DF=F,AB∩=A,
∴平面EFD∥平面,
则有DE∥平面.………(6分)
以 A为坐标原点,AB,AC,所在的直线分别为x轴、y轴、z轴建立如图所示的空间直角坐标系,因为=AC=2AB=4,
∴A(0,0,0),B(2,0,0),(0,4,4),C(0,4,0),E(2,0,2),(0,0,4),由(1)知,=(0,4,−4)是平面的一个法向量.………(7分)
设n=(x,y,z)为平面的法向量,
∵=(0,4,4),=(2,0,2),
∴ ,即,
令z=1,则x=−1,y=−1,
∴n=(−1,−1,1)为平面的一个法向量.………(10分)
设与n的夹角为θ,则cos θ==−,由图知二面角E−−B为锐角,∴二面角E−−B的余弦值为.……12分
图2
解法二 当E为的中点时,连接DE,如图2,设交于点G,连接BG,DG,∵BEDG,∴四边形DEBG为平行四边形,
则DE∥BG,又DE平面,BG平面,则DE∥平面.
求二面角E−−B的余弦值同解法一.
.(12分)如图,在三棱柱ABC−中,侧面是矩形,∠BAC=90°,⊥BC,=AC=2AB=4,且⊥.
(1)求证:平面⊥平面;
(2)设D是的中点,判断并证明在线段上是否存在点E,使得DE∥平面.若存在,求二面角E−−B的余弦值.
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.(1) ,,点代入 有:
椭圆方程为: ………4分
(2)存在定点满足条件:
设,直线方程为,联立
消有
设,,则
,且 ……… 6分
由三点共线有:
……… 8分
………11分
存在定点满足条件. ………12分
.(12分)已知长轴长为4的椭圆过点,右焦点为。
(1)求椭圆的方程;
(2)是否存在轴上的定点,使得过的直线交椭圆于两点.设点为点关于轴的对称点,且三点共线?若存在,求点坐标;若不存在,说明理由.
.解:(1) ……… 1分
由于在上递增得在上恒成立
即在上恒成立 ………2分
令,则
故在上递减,于是,故有 ……… 4分
(2)上递增,又
,故唯一,使得上递减,在上递增。 ……… 6分
……… 8分
令 则
上递减 ……… 10分
当时,由递减知
故
即
从而有上恒成立。
故时,无实根。 ……… 12分
.(12分)已知:
(1)若在上单调递增,求实数的取值范围;
(2)若,试分析的根的个数。
.(1)曲线的参数方程,直线的普通方程…5分
(2)曲线上任意一点到直线的距离为
即,其中为锐角,且 ………8分
当时,最大值为;当时,最小值为 ………10分
.(10分)已知曲线,直线
(1)写出曲线的参数方程,直线的普通方程。
(2)设曲线上任意一点到直线的距离为,求的最大值与最小值.
.(1)当,由得,两边平方得,所以所求不等式的解集为 ………5分
(2)由,得;即存在,使得成立。
因为,所以。 ………10分
.(10分)已知函数
(1)若,解不等式;
(2)若存在,使得不等式成立,求实数的取值范围。
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