抚顺市2015年高二物理下学期期末试卷(含答案)
注意事项:
1、本试卷分为第Ⅰ卷和第Ⅱ卷,满分100分,考试时间:90分钟
2、客观题涂在答题卡上,主观题和选做题答在答题纸上
第Ⅰ卷(选择题 共48分)
一、选择题(第1至7题为单选题,8至12为多选题。每题4分,选不全的得2分)
1.在电磁学发展过程中,许多科学家做出了贡献,下列说法正确的是( )
A.奥斯特发现了电流的磁效应,总结出了右手螺旋定则
B.安培发现了电流的磁效应,总结出了安培定则
C.法拉第发现了电磁感应现象,总结出了法拉第电磁感应定律
D.楞次研究电磁感应现象,总结出了右手螺旋定则
2. 如图所示,一个U形金属导轨水平放置,其上放有一个金属导体棒ab,有一个磁感应强度为B的匀强磁场斜向上穿过轨道平面,且与竖直方向的夹角为θ.在下列各过程中,一定能在轨道回路里产生感应电流的是 ( )
A.ab向左运动,同时增大磁感应强度B
B.使磁感应强度B减小,θ角同时也减小
C.ab向右运动,同时使θ减小
D.ab向右运动,同时增大磁感应强度B和θ角(0°n4
C.a为交流电流表,b为交流电压表
D.a为交流电压表,b为交流电流表
9.如图 (a)、(b)所示的电路中,电阻R和自感线圈L的电阻值都很小,且小于灯A的电阻,接通S,使电路达到稳定,灯泡A发光,则 ( )
A.在电路(a)中,断开S,A将渐渐变暗
B.在电路(a)中,断开S,A将先变得更亮,然后渐渐变暗
C.在电路(b)中,断开S,A将渐渐变暗
D.在电路(b)中,断开S,A将先变得更亮,然后渐渐变暗
10.如图所示是一种延时开关.S2闭合,当S1闭合时,电磁铁F将衔铁D吸下,将C线路接通.当S1断开时,由于电磁感应作用,D将延迟一段时间才被释放,则( )
A.由于A线圈的电磁感应作用,才产生延时释放D的作用
B.由于B线圈的电磁感应作用,才产生延时释放D的作用
C.如果断开B线圈的电键S2,无延时作用
D.如果断开B线圈的电键S2,延时将变长
11.如图所示,空间存在两个磁场,磁感应强度大小均为B,方向相反且垂直纸面,MN、PQ为其边界,OO′为其对称轴.一导线折成边长为l的正方形闭合回路abcd,回路在纸面内以恒定速度v0向右运动,当运动到关于OO′对称的位置时 ( )
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A.穿过回路的磁通量为零
B.回路中感应电动势大小为Blv0
C.回路中感应电流的方向为逆时针方向
D.回路中ab边与cd边所受安培力大小相等方向相反
12.如图所示,一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路.虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场,方向垂直于回路所在的平面.回路以速度v向右匀速进入磁场,直径CD始终与MN垂直.从D点到达边界开始到C点进入磁场为止,下列结论正确的是( )
A.感应电流方向一直是逆时针
B.感应电流方向先是逆时针,后是顺时针
C.感应电动势最大值Em=Bav
D.感应电动势平均值=Bav/2
第Ⅱ卷(共52分)
二、实验题(6分)
13.在研究电磁感应现象的实验中,所用器材如图所示:电流表,直流电源,带铁芯的线圈A(其上端有两个接线柱),线圈B(其上下各有一个接线柱),开关,滑动变阻器.
(1)按实验的要求在实物图上连线(图中已连好一根导线);
(2)若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上,发现开关刚刚闭合时电流表指针右偏。则在不改动连接线的情况下,想让电流表指针向左偏,应如何操作?(至少写出两种方法)
三、计算题(共3道题,共31分)
14. (8分)如图所示,匝数为100、边长为0.1 m的正方形线圈,在磁感应强度为2 T的匀强磁场中,从中性面开始以10π rad/s的角速度绕OO′轴匀速转动.若线圈自身电阻为2 Ω,负载电阻R=6 Ω,π2≈10,则开始转动8 s内在R上产生的热量为多少焦耳?
15. (8分)半径为r、电阻为R的n匝圆形线圈在边长为l的正方形abcd外,匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域,如图甲所示.磁场随时间的变化规律如图乙所示. 图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0.
求:(1)穿过圆形线圈磁通量的变化率;
(2)t0时刻线圈产生的感应电流大小;
(3)0至t0时间内通过的电荷量q.
16. (15分)如图,一直导体棒质量为m、长为l、电阻为r,其两端放在位于水平面内间距也为l的光滑平行导轨上,并与之连接;棒左侧两导轨之间连接一可控制的负载电阻(图中未画出);导轨置于匀强磁场中,磁场的磁感应强度大小为B,方向垂直于导轨所在平面.开始时,给导体棒一个平行于导轨的初速度v0.在棒的运动速度由v0减小至v1的过程中,通过控制负载电阻的阻值使棒中的电流强度I保持恒定.导体棒一直在磁场中运动.若不计导轨电阻,求此过程中
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(1)导体棒运动的时间;
(2)导体棒上感应电动势的平均值;
(3)负载电阻上消耗的平均功率.
选考题(共15分。请考生从给出的3道物理题中任选一题做答,注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位答题。如果多做,则每学科按所做的第一题计分。)
17.【物理—选修3-3】(15分)
(1)(5分)下列说法正确的是 (填正确答案标号,选对一个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错一个扣3分,最低得分为0分 )
A.将一块晶体敲碎后,得到的小颗粒是非晶体
B.温度是分子平均动能的标志,物体温度高,则物体的分子平均动能大
C.由同种元素构成的固体,可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体
D.扩散现象证明了物质分子永不停息地做无规则的运动
E.电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界,这违背了热力学第二定律
(2)(10分)在图所示的气缸中封闭着温度为100℃的空气, 一重物用绳索经滑轮与缸中活塞相连接, 重物和活塞均处于平衡状态, 这时活塞离缸底的高度为10 cm,如果缸内空气变为0℃, 问:
(1)重物是上升还是下降?
(2)这时重物将从原处移动多少厘米?(不计一切摩擦)
18【物理—选修3-4】(15分)
(1)(5分)在双缝干涉实验中,分别用红色和绿色的激光照射同一双缝,在双缝后的屏幕上,红光的干涉条纹间距与绿光的干涉条纹间距相比 (填“>”“<”或“=”)。若实验中红光的波长为,双缝到屏幕的距离为2m,测得第一条到第三条亮条纹中心间的距离为4.2mm,则双缝之间的距离为 。
(2)(10分)一列简谐横波沿直线传播,此直线上的A、B两质点相距6 m,某时刻t1,A质点处在正的最大位移处,B质点恰处在平衡位置,从这一时刻起,又经过Δt=0.05 s时,A质点恰好回到平衡位置,B质点正好在负的最大位移处,设波的传播方向是由A到B,且波长λ>6 m,周期T>Δt,试求这列波的波长、频率和波速.
19【物理—选修3-5】(15分)
(1)(5分)下列说法正确的是 (填正确答案标号,选对一个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错一个扣3分,最低得分为0分 )
A.卢瑟福通过α粒子散射实验确定了原子核是由质子和中子组成的
B.康普顿效应证实了光的粒子特性
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C.铀235能自发的发生裂变反应,但因半衰期不变,所以秦山核电站的发电功率也是固定不变的
D.爱因斯坦质能方程E=mc2表明,物体具有的能量和它的质量之间有简单的正比关系
E.经典物理学不能解释原子的稳定性和原子光谱的分立特征
(2).(10分)如图所示,光滑水平面轨道上有三个木块,A、B、C,质量分别为mA=mc=2m,mB=m,A、B用细绳连接,中间有一压缩的弹簧 (弹簧与滑块不栓接)。开始时A、B以共同速度v0运动,C静止。某时刻细绳突然断开,A、B被弹开,然后B又与C发生碰撞并粘在一起,最终三滑块速度恰好相同。
求:(1)B与C碰撞前B的速度;
(2)绳断前弹簧的弹性势能.
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高二期末物理答案
1 C 2 C 3 B 4 A 5 C 6 D 7 D 8 AD 9 AD 10 BC 11 AC 12 AC
13
(1) (2分)
(2)(4分)
开关闭合稳定后再断开、 开关闭合后A抽出B、开关闭合后滑片向右移
14.电动势最大值为
Em=NBSω=100×2×0.1×0.1×10π V=20π V(2分)
有效值为:E=Em/=10π V(2分)
电流有效值为:
I===5π/4 A(2分)
故产生的热量为Q=I2Rt=1500J. (2分)
15.磁通量的变化率为=S=l2(2分)
根据法拉第电磁感应定律得线圈中的感应电动势
E=n=nl2(2分)
再根据闭合电路欧姆定律得感应电流I=n=n.(2分)
电量q=It0=nB0l2/R(2分)
16.导体棒所受的安培力为F=IlB(1分)
该力不变,棒做匀减速运动,因此在棒的速度从v0减小到v1的过程中,
加速度a = F/m = IlB/m(2分)
运动的时间t =(v0-v1)/a =m(v0-v1)/ IlB(2分)
平均速度为=(v0+v1) (2分)
棒中的平均感应电动势为=lB(2分)
得=l(v0+v1)B(1分)
导体棒消耗的热功率为P1=I2r(2分)
负载电阻上消耗平均功率为2=I-P1(2分)
得
2=l(v0+v1)BI-I2r(1分)
17 .(1)BCD
(2)(1)缸内气体温度降低, 压强减小, 故活塞下移, 重物上升. (4分)
(2)分析可知缸内气体作等压变化. 设活塞截面积为S cm2, 气体初态体积V1=10S cm3, 温度T1=373 K, 末态温度T2=273 K, 体积设为V2=hScm3 (h为活塞到缸底的距离)
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据 可得h =7.3 cm(4分)
则重物上升高度Δh=10-7.3=2.7 cm(2分)
18 .(1)> 0.6
(2)按照题中条件,画出该列横波在t1时刻的波形图如图所示.由于λ<AB,则B点只可能为图中B1、B2的位置.
当为B1时,波长λ1=4×6 m=24 m,B1向上振动,当B1到负最大位移需时间Δt=T1 Δt<T,所以振动周期T1=Δt=×0.2 s,频率f1==15 Hz,波速v1==360 m/s.
当为B2时,波长λ2=×4 m=8 m,B2向下振动,当B2到负最大位移需时间Δt=T2,
T2=4Δt=0.2 s,频率f2==5 Hz,波速v2===40 m/s.
答案:24 m(2分),15 Hz(2分),360 m/s(1分)
或8 m(2分),5 Hz(2分),40 m/s(1分)
19 .(1)BDE
(2)设共同速度为v,球A和B分开后,B的速度为,由动量守恒定律有,(2分)
,(2分)
联立这两式得B和C碰撞前B的速度为。(2分)
弹性势能EP=(2mv2/2+mvB2/2)-3mv02/2 (2分)
EP=12mv02/25 (2分)
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