乐山市沫若中学高2017届高二上期
第二次月考物理试题
（满分110分，考试时间90分钟）
一、单项选择题：（本题共12个小题，每小题4分，共48分；每小题只有一个正确答案。）
1． 一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E，下图中能正确反映q、E、F三者关系的是
2． 一节干电池的电动势为1.5V，这表示该电池
A．能将1.5J的化学能转变成电能
B．外电路接通时两极间的电压恒定为1.5V
C．它存储的电能比电动势为1.2V可充电电池存储的电能多
D．在电池内部将1C正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做功1.5J
3． 如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上， c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则下列说法正确的是 （ ）
①两粒子所带的电荷符号不同
②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度
③两个粒子的电势能都是先减小后增大
④经过b点时，两粒子的动能一定相等
A．①② B．①③ C．③④ D．①④
4． 如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于A、B两处，AB为两点电荷的连线，MN为AB连线的中垂线，交AB于点，则以下说法正确的是
A．沿直线由A到B,各点的电场强度先减小后增大
B．沿直线由A到B,各点的电势先升高后降低
C．沿中垂线由M到O，各点的电场强度逐渐减小
D．将一电荷从M点移到O点，电场力做正功，电荷的电势能减少
5． 在匀强电场中将一个带电量为q，质量为m的小球由静止释放，运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为θ，如图所示，则匀强电场的场强最小值为：( )
A、 B、 C、 D、
6．
7
带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变大，可采用的方法有( )
A．在两板间插入电介质 B．在两板间插入一块厚铝板
C．将极板B向右适当移动 D．将极板B向上适当移动
1． 在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向b端移动时
A．电压表的读数增大，电流表的读数减小
B．电压表和电流表的读数都增大
C．电压表和电流表的读数都减小
D．电压表的读数减小，电流表的读数增大
2． 把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是
A．P甲＝P乙 B．P甲＝3P乙
C．P乙>3P甲 D．不能确定
3． 如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，且其总阻值R＞R0+r，则当可变电阻的滑动触头由A向B移动（ ）
A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率也越来越高
B．R、R0上功率均越来越大
C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小
D．R-0上功率越来越大，R上功率先变小后变大
4． 如图所示的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是
A．甲表是电流表，R增大时量程减小
B．甲表是电流表，R增大时量程增大
C．乙表是电压表，R增大时量程减小
D．上述说法都不对
5． 如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地.一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则错误的是（ ）
A．带P点的电势将升高 B．带电油滴的机械能将增加
C．电油滴的电势能将减少 D．通过灵敏电流计有从a往b的电流
6． 地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v－t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则
A．在t＝2.5s时，小球经过边界MN
B．小球受到的重力与电场力之比为5∶3
C．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小
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D．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等
二、双项选择题：（本题共4个小题，每小题4分，共16分；每小题有两个正确答案，选不全得2分。）
1． 如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点，在这一运动过程中克服重力做的功为3.0J，电场力做的功为2.0J。则下列说法正确的是（ ）
A．粒子带正电
B．粒子在A点的电势能比在B点少2.0J
C．粒子在A点的机械能比在B点少1.0J
D．粒子在A点的动能比在B点多1.0J
2． 如图，在真空中一条竖直向下的电场线上有两点a和b。一带电质点在a处由静止释放后沿电场线向上运动，到达b点时速度恰好为零。则下面说法正确的是：（ ）
A、a点的电场强度大于b点的电场强度 B、质点在b点所受合力一定为零
C、带电质点在a点的电势能大于在b点的电势能 D、a点电势高于b点电势
3． 电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路。当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态。现将开关S断开，则以下判断正确的是
A．液滴仍保持静止状态 B．液滴将向上运动
C．电容器上的带电量将减为零 D．电容器上的带电量将增大
4． 如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△V1、△V2、△V3，理想电流表示数变化量的绝对值△I，则（ ）
A、电压表V3与电流表A示数的比值不变 B、△V1与△I的比值等于R＋r
C、△V2与△I的比值等于r D、△V3与△I的比值不变
三、填空实验题：（本题共3个小题，满分16分）
5． （4分）利用图甲所示电路测量某电池组的电动势E和内阻r。根据实验数据绘出的图线如图乙所示，其中R为电阻箱读数，I为电流表读数。若电流表内阻可以忽略，则由图像可以得到：
E= ▲ V，r= ▲ Ω。
6． (6分)为了测量一电压表的内阻，实验室提供了以下可供选择的器材：
A、待测电压表，量程1V，内阻RV约为900Ω
7
B、滑动变阻器R，最大阻值1000Ω，额定电流0.2A
C、滑动变阻器R，最大阻值10Ω，额定电流1A
D、电阻箱R0，最大阻值999.9Ω，阻值最小改变量0.1Ω E、电阻箱R0，最大阻值99.9Ω，阻值最小改变量0.1Ω
F、电池组E，电动势约为3V，内阻约为1Ω G、开关及导线若干
①某同学采用半偏法设计的电路图所示，他做此实验的主要实验步骤为：a、闭合开关S，调节电阻箱R0使其阻值为0，调节滑动变阻器R 的滑动触头P，使电压表 ▲ （选填：满偏、半偏）；b、保持滑动触头P的位置不动，调节电阻箱R0的阻值，使电压表 ▲ ，（选填：满偏、半偏），并读取此时电阻箱的阻值。
②在器材的选择上，滑动变阻器应选 ▲ ，电阻箱应选 ▲ （用器材前的序号字母表示）
③如果该同学在上述步骤b中从电阻箱上读取的阻值为r，则此电压表的内阻RV＝ ▲ 。用上述方法测出的电压表内阻的测量值RV ▲ （大于、小于或等于）电压表内阻的真实值。
1． 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，利用实验得到了8组数据，在图（a）所示的I-U坐标系中，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线．
（1）根据图线的坐标数值，请在图（b）中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路．（2分）
（2根据图（a），可判断出图（c）中正确的关系图是 ▲ （图中P为小灯泡功率）（2分）
（3）将同种规格的两个这样的小灯泡并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电压恒为8V的电源上，如图（d）所示，则电流表的示数为A，每个小灯泡的功率为 ▲ W．（2分）
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四、计算题（本大题共3小题，共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
1． （8分）如图，带等量异种电荷的平行金属板，其间距离为d，两板间的电势差为U，极板与水平方向成30°角放置，有一质量为m、速率为v0的带电小球恰好沿水平方向穿过极板间的匀强电场区域，求：
⑴小球带何种电荷？电荷量是多少？
⑵小球的加速度
⑶小球穿过极板时的速率
2． （10分）如图所示，电阻R1＝8Ω，电动机绕组电阻R0＝2Ω，当电键K断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当电键闭合时，电阻R1消耗的电功率是2W，若电源的电动势为6V.求：电键闭合时，电动机输出的机械功率.
3． （12分）如图所示，空间存在着电场强度、方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为=0.5m的绝缘细线一端固定于O点，另一端拴着质量m=0.5kg、电荷量的小球。现将细线拉至水平位置，将小球由静止释放，当小球运动到最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂，取。求：
（1）小球运动到圆周最高点的速度大小；
（2）细线能承受的最大拉力值；
（3）当细线断后，小球继续运动到与O点水平方向的距离为L时，小球距离O点的高度。
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乐山市沫若中学高2017届高二上期
第二次月考物理试题答案
一、单向选择题：1---5 DDAAB 6---10 DABCA 11----12 BD
二、双项选择题：13---16 AD AC BD CD
三、填空实验题：17、4 2 18、① 满偏 半偏 ② C D ③ r 大于
19、
（1）见右图：
（2） BD
（3）0.6
四、计算题
20、
解：（1）正电
mg=Eqcos30°；
q=mg/E cos30°=2√3 mgd/3U
（2）F合=mgtan30°
a=g tan30°=√3 g/3
（3）√3mg/3×2d=1/2mv2－1/2mv02
V=√4√3/3gd+V02
21、
22、解：(1) 设小球运动到最高点时速度为v，对该过程由动能定理有：（qE-mg）L=1/2 mv2…①
（2）在最高点对小球由牛顿第二定律得：T+mg-qE=mv2/L…②
由①②式解得：T=15N，
v=√10 m/s
（3）
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小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a，则：a= （ qE-mg ）/m … ③
设小球在水平方向运动L的过程中，历时t，则：L=vt…④
设竖直方向上的位移为s，则：s=1/2 at2…⑤
由①③④⑤解得：s=0.125m
∴小球距O点高度为h=s+L=0.625m．
答：（1）小球运动到圆周最高点的速度√10m/s
（2）细线能承受的最大拉力为15N；
（3）当小球继续运动后与O点水平方向距离为L时，小球距O点的高度0.625m．
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