2019届高三入学调研考试卷物理（三）Word版含答案.doc

此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 ‎ ‎ 2019届高三入学调研考试卷 物 理 （三）‎ 注意事项：‎ ‎1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。‎ ‎2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。‎ 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7小题只有一个选项正确，第8-10小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。‎ ‎1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是(　　)‎ A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B．根据速度定义式v＝，当Δt非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义采用了极限法 C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法 D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 ‎2．跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动，其v-t图象如图所示，下列说法正确的是(　　)‎ A．运动员在0～10 s内的平均速度大小等于10 m/s B．从15 s末开始运动员处于静止状态 C．10 s末运动员的速度方向改变 D．10～15 s内运动员做加速度逐渐减小的减速运动 ‎3．如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点。下列判断不正确的是(　　)‎ A．只受电场力作用时，同一负电荷在N点的加速度最大 B．M、N、P三点中N点的电势最高 C．正电荷从M点自由释放，电荷不可能沿电场线运动到N点 D．只受电场力作用时，同正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能 ‎4．如图为三个小球初始时刻的位置图，将它们同时向左水平抛出都会落到D点，DE = EF = FG，不计空气阻力，则关于三小球(　　)‎ A．若初速度相同，高度hA : hB : hC =1 : 2 : 3‎ B．若初速度相同，高度hA : hB : hC = 1 : 3 : 5‎ C．若高度hA : hB : hC =1 : 2 : 3，落地时间tA : tB : tC =1 : 2 : 3‎ D．若高度hA : hB : hC =1 : 2 : 3，初速度vA : vB : vC =‎ ‎5．如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图像可能正确的是(　　)‎ ‎ ‎ ‎6．2018年7月27日发生了火星冲日现象，那时火星、地球和太阳几乎排列成一线，地球位于太阳与火星之间。已知地球和火星绕太阳公转的方向相同，火星公转轨道半径约为地球的1.5倍，若将火星和地球的公转轨迹近似看成圆，取，则相邻两次火星冲日的时间间隔约为(　　)‎ A．0.8年 B．1.6年 C．2.2年 D．3.2年 ‎7．如图所示，用同种材料制成的直角三角形线框ABC处在足够大的水平向右的匀强磁场中，线框平面与磁感线平行，直角边AB的长是直角边BC长的，AB边与磁感线垂直，先让线框绕AB边在匀强磁场中以角速度ω匀速转动，A、B两端的电压有效值为U1；再让线框绕BC 边在匀强磁场中仍以角速度ω匀速转动，结果A、B两端的电压为U2，则为(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎8．核能作为一种新能源在现代社会中已不可缺少，我国在完善核电安全基础上将加大核电站建设。核泄漏中的钚(Pu)是一种具有放射性的超铀元素，它可破坏细胞基因，提高患癌的风险。已知钚的一种同位素的半衰期为24100年，其衰变方程为，则下列说法中正确的是(　　)‎ A．衰变发出的γ射线是波长很短的光子，穿透能力很强 B．X原子核中含有143个中子 C．8个经过24100年后一定还剩余4个 D．衰变过程的总质量不变 ‎9．如图所示，电路中R1和R2均为可变电阻，平行板电容器C的极板水平放置。闭合开关S，电路达到稳定时，一带电油滴恰好悬浮在两板之间。下列说法正确的是(　　)‎ A．仅增大的R2阻值，油滴仍然静止 B．仅增大R1的阻值，油滴向上运动 C．增大两板间的距离，油滴仍然静止 D．断开开关S，油滴将向下运动 ‎10．如图所示，固定在竖直面内的光滑圆环半径为R，圆环上套有质量分别为m和2m的小球A、B(均可看做质点)，且小球A、B用一长为2R的轻质细杆相连，在小球B从最高点由静止开始沿圆环下滑至最低点的过程中(重力加速度为g)，下列说法正确的是(　　)‎ A．A球增加的机械能等于B球减少的机械能 B．A球增加的重力势能等于B球减少的重力势能 C．A球的最大速度为 D．细杆对A做的功为 二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第11—14题为必考题，每个试题考生必须作答。第15—16题为选考题，考生根据要求作答。‎ ‎（一）必考題 ‎11．(6分)在“验证机械能守恒定律”的实验中，小明同学利用传感器设计实验：如图，将质量为m、直径为d的金属小球在一定高度h由静止释放，小球正下方固定一台红外线计时器，能自动记录小球挡住红外线的时间t，改变小球下落高度h，进行多次重复实验．此方案验证机械能守恒定律方便快捷。‎ ‎(1)用螺旋测微器测小球的直径如图乙所示，则小球的直径d＝__________mm；‎ ‎(2)为直观判断小球下落过程中机械能是否守恒，应作下列哪一个图象________；‎ A．h－t图象 B．h－图象 C．h－t2图象 D．h－图象 ‎ (3)若(2)问中的图象斜率为k，则当地的重力加速度为__________（用“d”、“k”表示，忽略空气阻力）。‎ ‎12．(8分)某同学在做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，现有如下实验器材：①量程为3 V、内阻约为3 kΩ的电压表；②量程为0.6 A、内阻约为 0.1 Ω的电流表；③阻值为0～20 Ω的滑动变阻器；④内阻可忽略、输出电压为3 V的电源；⑤额定电压是2.5 V的小灯泡；开关和导线若干。‎ ‎ ‎ ‎(1)该同学连接实验电路如图所示，闭合开关S前请老师检查，老师指出图中标示的①、②、③、④和⑤五根连线中有两处错误，错误连线是______(填连线的序号)；‎ ‎(2)正确连线后，闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片C移到_____处(填“A”或“B”)。调节滑动变阻器，电流表的示数从0开始增加，当示数为0.50 A时，‎ 电压表示数如图所示，读数为_____ V。‎ ‎(3)正确测量获得的伏安特性曲线是下列图象中的_________ (填字母)。‎ ‎13．(15分)如图所示，长L = 1.0 m木板B放在水平面上，其右端放置一小物块A(视为质点)。B的质量mB = 2.0 kg，A的质量mA = 3.0 kg，B与水平面间的动摩擦因数μ1 = 0.20，A、B间的动摩擦因数μ2 = 0.40。刚开始两者均处于静止状态，现给A一水平向左的瞬间冲量I，I = 9.0 N∙S，重力加速度g取10 m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：‎ ‎(1)A开始运动的速度；‎ ‎(2)A、B之间因摩擦产生的热量；‎ ‎(3)整个过程A对地的位移。‎ ‎14．(16分)如图所示，在x轴下方的区域内存在沿y轴正向的匀强电场，电场强度为E。在x轴上方以原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为B。y轴下方的A点与O点的距离为d，一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场。(不计粒子的重力)‎ ‎(1)求粒子在磁场中运动的轨道半径r；‎ ‎(2)要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E0，求E0；‎ ‎(3)若电场强度E等于第(2)问E0的，求粒子经过x轴时的位置。‎ ‎ (二)选考题 ‎15.【物理—选修3-3】（15分）‎ ‎(1)（5分）下列说法正确的是 。（填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）‎ A. 气体在等压膨胀过程中一定从外界吸收热量 B. 气体在等温压缩过程中一定从外界吸收热量 C. 液晶显示屏是应用液晶光学各向异性特点制成的 D. 空调机既能致热又能致冷，说明热传递不存在方向性 E. 当分子间距离减小时，分子势能不一定减小 ‎(2)（10分）如图所示，在长为l＝57 cm的一端封闭、另一端开口向上的竖直细玻璃管内，用5 cm高的水银柱封闭着50 cm 长的理想气体，管内外气体的温度均为33℃。‎ ‎(i)现将玻璃管缓慢倾斜至与水平面成53°角，此时管中气体的长度为多少？‎ ‎(ii)在第一问的基础上，若接着将管内水银柱取走1 cm，再缓慢对玻璃管加热升温至多少时，管中水银柱上表面恰好与管口相齐？(大气压强为p0＝76 cmHg) ‎ ‎16.【物理—选修3-4】（10分）‎ ‎(1)（5分）我国地震台网正式测定：2017年10月19日09时15分在山西临汾市襄汾县（北纬35.95度，东经111.54度）发生3.0级地震，震源深度5千米。地震波既有横波，也有纵波，某监测站截获了一列沿x轴负方向传播的地震横波，在t s与（t＋0.2）s两个时刻x轴上-3 km～3 km区间内的波形图分别如图中实线和虚线所示，则下列说法正确的是 。(填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错一个扣3分，最低得分为0分)‎ A．x =1.5 km处质点离开平衡位置的最大距离是2A B．该地震波的最大周期为0.8 s C．该地震波最小波速为5 km/s D．从波源开始振动到波源迁移到地面最长需要经过1 s时间 E. 从t时刻开始计时，x＝2 km处的质点比x＝1.5 km处的质点先回到平衡位置 ‎(2)（10分）投影仪的镜头是一个半球形的玻璃体，光源产生的单色平行光投射到平面上，经半球形镜头折射后在光屏MN上形成一个圆形光斑。已知镜头半径R =30 cm，光屏MN到球心O的距离为d =102 cm，玻璃对该单色光的折射率，不考虑光的干涉和衍射。求：光屏MN上被照亮的圆形光斑的半径r。‎ ‎2019届高三入学调研考试卷 物 理（三）答 案 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7小题只有一个选项正确，第8-10小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。‎ ‎1．【答案】A ‎【解析】质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，忽略次要因素抓住主要因素，故A错误；根据速度定义式v＝，当Δt极小时表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确；研究牛顿第二定律采用控制变量法，保持合外力不变或质量不变分别研究关系，故C正确；在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确。‎ ‎2．【答案】D ‎【解析】0～10 s内，若运动员做匀加速运动，平均速度为。根据图象的“面积”等于位移可知，运动员的位移大于匀加速运动的位移，所以由公式知0～10 s 内的平均速度大于匀加速运动的平均速度10 m/s，故A错误。由图知，15 s末开始运动员做匀速直线运动，故B错误；由图看出，运动员的速度一直沿正向，速度方向没有改变，故C错误；10～15 s图象的斜率减小，则其加速度减小，故10～15 s运动员做加速度减小的减速运动，故D正确。‎ ‎3．【答案】B ‎【解析】N点电场线最密场强最大，由可知N点的加速度最大，故A正确；顺着电场线的方向电势降低，所以M点的电势最高，故B错误；在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故C正确；根据EP = qφ，由φM＞φN可知，正电荷在M点电势能大于在N点的电势能，故D正确。‎ ‎4．【答案】D ‎【解析】若初速度相同，根据水平方向做匀速直线运动知运动时间tA : tB : tC =1 : 2 : 3‎ ‎，则下落高度，得hA : hB : hC =1 : 4 : 9，A、B均错误；若hA : hB : hC =1 : 2 : 3，由，得tA : tB : tC =；而，得vA : vB : vC =，故C错误，D正确。‎ ‎5．【答案】A ‎【解析】设物块P的质量为m，加速度为a，静止时弹簧的压缩量为x0，弹簧的劲度系数为k，由力的平衡条件得，mg = kx0，以向上为正方向，木块的位移为x时弹簧对P的弹力：F1 = k(x0-x)，对物块P，由牛顿第二定律得，F + F1-mg = ma，由以上式子联立可得，F = kx+ma。可见F与x是线性关系，且F随着x的增大而增大，当x = 0时，F0=ma＞0，故A正确。‎ ‎6．【答案】C ‎【解析】由万有引力充当向心力得：，解得行星公转周期：，则火星和地球的周期关系为：，已知地球的公转周期为1年，则火星的公转周期为年，相邻两次火星冲日的时间间隔设为t，则：，化解得：，解得t =2.2年。‎ ‎7．【答案】D ‎【解析】设BC边长为d，则AB边长为，让线框绕AB边在匀强磁场中以角速度ω匀速转动，则线框中感应电动势的最大值，电动势的有效值，A、B两端的电压有效值，让线框绕BC边在匀强磁场中仍以角速度ω匀速转动，A、B两端的电压，因此有，选项D正确。‎ ‎8．【答案】AB ‎【解析】衰变发出的γ放射线是频率很大的电磁波，具有很强的穿透能力，不带电，故A正确；根据电荷数守恒和质量数守恒得，X的电荷数为92，质量数为235，质子数为92，则中子数为235-92=143，故B正确；半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，故C错误；在衰变的过程中，根据质能方程知，有能量发出，有质量亏损，不过质量数不变，故D错误。‎ ‎9．【答案】ABD ‎【解析】电路稳定时，电容器的电压等于可变电阻R1的电压，当增大R2‎ 的阻值，对电容器的电压没有影响，板间场强不变，油滴受力情况不变，仍静止，故A正确；当增大R1的阻值，R1分担的电压增大，电容器的电压增大，电容器板间场强增大，油滴所受的电场力增大，因此油滴将向上运动，故B正确；增大两板间的距离，电容器的电压不变，由E = U/d知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，所以油滴将向下运动，故C错误；断开开关S，电容器通过两个电阻放电，电容器板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动，故D正确。‎ ‎10．【答案】AD ‎【解析】B球运动到最低点，A球运动到最高点，两球系统机械能守恒，故A球增加的机械能等于B球减少的机械能，A正确；A球重力势能增加，B球重力势能减少，故B错误；两球系统机械能守恒，当B球运动到最低点时速度最大，有，解得，故C错误；除重力外其余力做的功等于机械能的增加量，故细杆对A球做的功等于A球动能的增加量，有，D正确。‎ 二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第11—14题为必考题，每个试题考生必须作答。第15—16题为选考题，考生根据要求作答。‎ ‎（一）必考題 ‎11．(6分) ‎ ‎【答案】(1)17.805（17.804~17.806均可） (2)D (3)‎ ‎【解析】(1)螺旋测微器的固定刻度为17.5 mm，可动刻度为30.5 × 0.01 mm = 0.305 mm，所以最终读数为17.5 mm + 0.305 mm = 17.805 mm；‎ ‎(2)已知经过光电门时的时间小球的直径，则可以由平均速度表示经过光电门时的速度，所以，若减小的重力势能等于增加的动能时，可以认为机械能守恒：，整理得，为直观判断小球下落过程中机械能是否守恒，所以应作图象；‎ ‎(3)根据函数可知正比例函数的斜率，故重力加速度。‎ ‎12．(8分)‎ ‎【答案】(1)①④ (2)A 2.50 (3)C ‎【解析】(1)本题应采用滑动变阻器分压接法，同时电流表应采用外接法；由图可知，①线应接在滑动变阻器左下端接线柱上；④导线应接在灯泡右侧接线柱或电流表接线柱上。‎ ‎(2)实验开始时为了保证实验仪器的正常使用，需要将C拨到最左端，即A处，此时测量部分电压为零。电压表的最小分度为0.1 V，需要估读到0.01 V，故读数为2.50 V。‎ ‎(3)由于灯泡内阻随温度的增大而增大，故对应的图象的均为曲线，在I-U图象中应为斜率减小的曲线；故只有C正确。‎ ‎13．(15分) ‎ ‎【解析】(1)由题意，由动量定理得：I = mAv0‎ 代入数据解得：v0 = 3 m/s。‎ ‎(2)对A有：‎ 对B有：‎ 代入数据解得：aA = 4 m/s2，aB = 1 m/s2‎ A对地做匀减速运动，B对地做匀加速运动，设A、B经过时间t达到相同速度v，A的位移为xA，B的位移为xB。‎ 对A：v = v0-aAt，‎ 对B：v = aBt，‎ 代入数据解得：v = 0.6 m/s，t = 0.6 s，xA = 1.08 m，xB = 0.18 m A对B的位移为Δx = xA -xB = 1.08 m-0.18 m = 0.9 m＜1 m，假设成立 故此过程中，A、B之间因摩擦产生的热量Q = μ2mAg =10.8 J。‎ ‎(3)A、B达到相同速度后，设二者保持静止，整体减速的加速度为，则假设成立。‎ 此后二者共同滑行的距离：‎ 故整个过程A对地的位移：。‎ ‎14．(16分) ‎ ‎【解析】(1)粒子在电场中加速，由动能定理得：‎ 粒子进入磁场后做圆周运动，有：‎ 解得粒子在磁场中运动的半径。‎ ‎(2)粒子之后恰好不再经过x轴，则离开磁场时的速度方向与x轴平行，运动情况如图①‎ ‎，可得R＝r1‎ 由以上各式解得：。‎ ‎(3)当时，可得磁场中运动的轨道半径 粒子运动情况如图②，图中的角度α、β满足 ‎，‎ 粒子经过x轴时的位置坐标为 解得：x＝R。‎ ‎ (二)选考题 ‎15.【物理—选修3-3】（15分）‎ ‎ (1)（5分）【答案】ACE ‎【解析】气体在等压膨胀过程中，温度升高，内能增大，体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律知，气体一定从外界吸收热量；气体在等温压缩过程中，内能不变，外界对气体做功，气体放热；液晶是一种特殊的物质，既有液体的流动性，又具有光学各向异性，显示屏是应用各向异性的特点制成的；空调机既能致热又能致冷，但热量不能自发地从低温物体传到高温物体；当分子间距离减小时，分子力是引力则分子势能减小，若分子力是斥力则分子势能增大。‎ ‎(2)（10分） ‎ 解：(i)设玻璃管的横截面积为S，初态时，管内气体的温度为T1＝306 K，体积为V1＝50S，压强为p1＝81 cmHg 当玻璃管倾斜至与水平面成53°角时，管内气体的温度为T2＝306 K，体积为V2＝lS，压强为p2＝(76＋5×sin 53°) cmHg 由玻意耳定律得：p1V1＝p2V2‎ 代入数据，解得：l = 50.625 cm。‎ ‎(ii)设温度升至T3时，水银柱长为4 cm，管内气体的体积为V3＝53S，压强为p3＝(76+4×sin53°) cmHg 由理想气体状态方程得：‎ 代入数据，解得T3＝317.152 K。‎ ‎16.【物理—选修3-4】（10分）‎ ‎(1)（5分）【答案】BCE ‎【解析】各振动质点离开平衡位置的最大距离等于振幅；由图Δt = nT + T/4，Δx =（nλ+1）m，得T = 0.8/(4n+1) s（n = 0，1，2…），v =（5nλ+5）m/s（n =0，1，2…）；波源不会迁移；t时刻，x＝2 km处的质点向下运动，回到平衡位置用时四分之一周期，x＝1.5 km处的质点向上运动，回到平衡位置用时超过四分之一周期。‎ ‎(2)（10分）‎ 解：如图所示，设光线入射到D点时恰好发生全反射 在ΔODF中 在ΔO′FN中 又O′F = d -OF 解得：r = 0.86 m