2019届高三物理上学期第一次月考试题(有答案福建漳平一中)
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资料简介
www.ks5u.com 漳平一中 2018--2019学年第一学期第一次月考高三物理试卷 范围:直线运动 相互作用 牛顿运动定律 曲线运动和天体运动 时间:90分钟 总分:100分 一、选择题(本题共14小题,共56分。1~9小题给出的四个选项中,只有一个选项正确;每小题4分;10~14小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)‎ ‎1.如图所示,物体B的上表面水平,给A、B一个初速度,它们保持相对静止一起沿斜面下滑,斜面保持静止不动且受到地面的摩擦力水平向左,则下列判断正确的有 (  )‎ A. 物体B,C都各受5个力作用 ‎ B. 水平面对物体C的支持力大于三物体的重力之和 C. 若只减小B的质量,其它条件不变,物体C有可能不受水平面的摩擦力 D. 物体B的上表面一定是粗糙的 ‎2.如图所示,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简易秋千.某次维修时将两轻绳各加长一小段,但仍保持等长且悬挂点不变.木板静止时,F1表示木板所受合力的大小,F2表示单根轻绳对木板拉力的大小,则维修后(  )‎ A. F1不变,F2变大 B. F1不变,F2变小 ‎ C. F1变大,F2变大 D. F1变小,F2变小 ‎3.如图所示,铁板AB与水平地面之间的夹角为θ,一块磁铁吸附在铁板下方.在缓慢抬起铁板的B端使θ角增大(始终小于90°)的过程中,磁铁始终相对于铁板静止.下列说法正确的是( )‎ A. 磁铁所受合外力逐渐减小 B. 磁铁始终受到三个力的作用 C. 磁铁受到的摩擦力逐渐减小 D. 铁板对磁铁的弹力逐渐增大 ‎4..斜面上有m1和m2两个物体,与斜面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2.两物体间用一根轻质弹簧连接,恰好能一起沿斜面匀速下滑.如图所示.则以下说法正确的是( )‎ A. 若弹簧的长度大于原长,则μ1<μ2 B. 若弹簧的长度小于原长,则μ1<μ2‎ C. 若弹簧的长度大于原长,则μ1>μ2 D. 若弹簧的长度等于原长,则μ1>μ2‎ ‎5.两物体做平抛运动的初速度之比为2∶1,若它们的水平射程相等,则它们的抛出点离地面高度之比为(  ) ‎ ‎ A.1∶2 B.1∶ C.4∶1 D.1∶4 ‎ ‎6.‎2016年8月16日,墨子号量子科学实验卫星成功发射升空,这标志着我国空间科学研究又迈出重要一步。已知卫星在距地球表面高度为h的圆形轨道上运行,运行周期为T,引力常量为G,地球半径为R,则地球的质量可表示为(  ) ‎ A. B. C. D. ‎ ‎7.在水平的足够长的固定木板上,一小物块以某一初速度开始滑动,经一段时间t后停止。现将该木板改置成倾角为45°的斜面,让小物块以相同的初速度沿木板上滑。若小物块与木板之间的动摩擦因数为,则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为 ( ) ‎ ‎ A. B. C. D.‎ ‎8.如图所示,在水平面和竖直墙壁之间放置质量为m、高为h的木块A和质量为M、半径为R 的球B,各接触面均光滑,木块受到水平向右的外力F作用,系统处于静止状态.O为B的球心,C为A、B接触点.现撤去外力F,则(  )‎ A. 撤去外力F瞬间,墙壁对球B的弹力 ‎ B.撤去外力F瞬间,球B的加速度 ‎ C.撤去外力F瞬间,木块A的加速度 ‎ D.撤去外力F瞬间,木块对地面压力N=(m+M)g ‎ ‎9.如图甲所示,足够长的木板B静置于光滑水平面上,其上表面放置小滑块A.木板B在水平拉力F作用下,其加速度a随拉力F变化的关系图象如图乙所示,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,g=‎10m/s2,则(  )‎ A.小滑块A的质量为‎1 kg B.小滑块A的质量为‎2 kg ‎ C.AB间动摩擦因素为0.2 D.AB间动摩擦因素为0.3‎ ‎10.三角形传送带以‎1m/s的速度逆时针匀速转动,两边的传送带长都是‎2m且与水平方向的夹角均为37°.现有两个小物块A、B从传送带底端都以‎4m/s的初速度冲上传送带,物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5,下列说法正确的是( )‎ A. 物块A、B都能到达传送带顶端 B. 两物块在传送带上运动的全过程中,物块A、B所受摩擦力一直阻碍物块A、B的运动 C. 物块A上冲到与传送带速度相同的过程中,物块相对传送带运动的路程为1.‎‎25m D. 物块B在上冲过程中在传送带上留下的划痕长度为0.‎‎45m ‎11.如图所示是滑梯斜面体(倾角为θ放在粗糙水平面上)简化图,一质量为m的小孩从滑梯上A点开始无初速度下滑,在AB段匀加速下滑,在BC段匀减速下滑,滑到C点恰好静止,整个过程中滑梯保持静止状态。假设小孩在AB段和BC段滑动时的动摩擦因数分别为μ1和μ2,AB与BC长度相等,则下判断中正确的是 (  ) ‎ A. 小孩在AB段滑动时地面对滑梯摩擦力大小为mg(sinθ-μ1cosθ)cosθ,方向向右 ‎ B. 动摩擦因数μ1+μ2=2tanθ ‎ C. 小孩从滑梯上A点滑到C点过程中先失重后超重 ‎ D. 整个过程中地面对滑梯的支持力始终等于小孩和滑梯的总重力 ‎12.将甲、乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出。抛出时间间隔2s,它们运动的v-t图像分别如直线甲、乙所示。则 (  )‎ A.t=2s时,两球高度相差一定为‎40 m B.两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等 C.t=4s时,两球相对于各自抛出点的位移相等 D.甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的相等 ‎13. 两倾斜的滑杆上分别套有A、B两个圆环,两圆环上分别用细线悬吊着一个物体,如图所示.当它们都沿滑杆向下滑动时,A的悬线与滑杆垂直,B的悬线竖直向下,则 (  )‎ A. A圆环与滑杆无摩擦力 B. B圆环与滑杆无摩擦力 C. A圆环做的是匀速运动 D. B圆环做的是匀速运动 ‎14. 卫星发射进入预定轨道往往需要进行多次轨道调整.如图所示,某次发射任务中先将卫星送至近地轨道,然后再控制卫星进入椭圆轨道.图中O点为地心,A点是近地轨道和椭圆轨道的交点,远地点B离地面高度为6R(R为地球半径).设卫星在近地轨道运动的周期为T,下列对卫星在椭圆轨道上运动的分析,其中正确的是( )‎ A. 控制卫星从图中低轨道进入椭圆轨道需要使卫星点火加速 B. 卫星通过A点时的速度是通过B点时速度的6倍 C. 卫星通过A点时的加速度是通过B点时加速度的6倍 D. 卫星从A点经4T的时间刚好能到达B点 二、实验题(本题共2小题,每空2分,共16分。)‎ ‎15.(10分)橡皮筋也像弹簧一样,在弹性限度内,伸长量x与弹力F成正比,即F=kx,k的值与橡皮筋未受到拉力时的长度L、横截面积S有关,理论与实践都表明k=,其中Y是一个由材料决定的常数,材料力学中称之为杨氏模量。 (1)在国际单位中,杨氏模量Y的单位应该是_______。  A.N  B.m  C.N/m D.N/m2‎ ‎(2)有一段横截面是圆形的橡皮筋,应用如图甲所示的实验装置可以测量出它的杨氏模量Y的值。首先利用毫米刻度尺测得橡皮筋的长度L=‎20.00cm,利用测量工具a测得橡皮筋未受到拉力时的直径D=‎4.000mm,那么测量工具a应该是_____。A.游标卡尺B.千分尺C. 毫米刻度尺 ‎(3)用如图甲所示的装置就可以测出这种橡皮筋的Y值,上面的表格是橡皮筋受到的拉力F与伸长量x的实验记录,请在图乙中作出F—x图像。由图像可求得该橡皮的劲度系数k=____________ N/m。(保留两位有效数字)‎ 拉力F/N ‎5.0‎ ‎10.0‎ ‎15.0‎ ‎20.0‎ ‎25.0‎ 伸长量x/cm ‎1.60‎ ‎3.20‎ ‎4.80‎ ‎6.40‎ ‎8.00‎ ‎(4)这种橡皮筋的杨氏模量Y= _______________。(保留一位有效数字)‎ ‎16.(6分)某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系.弹簧秤固定在一个合适的木板上,桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮,细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩与矿泉水连接.在桌面上画出两条平行线MN、PQ,并测出间距d.开始时将固定有弹簧秤的木板置于MN处,现缓慢向瓶中加水,直到木板刚刚开始运动为止,记下弹簧秤的示数F0,以此表示滑动摩擦力的大小.再将木板放回原处并按住,继续向瓶中加水后,记下弹簧秤的示数F1,然后释放木板,并用秒表记下木板运动到PQ处的时间t.‎ ‎(1)木板的加速度可以用d、t表示为a=_____;为了减小测量加速度的偶然误差,可以多次测量时间t,取t的平均值;‎ ‎(2)改变瓶中水的质量重复实验,确定加速度a与弹簧秤示数F1的关系.下列图象能粗略表示该同学实验结果的是_____.‎ ‎(3)(多选)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩的方法相比,它的优点是_____.‎ A.可以改变滑动摩擦力的大小 ‎ B.可以更方便地获取多组实验数据 C.可以比较精确地测出摩擦力的大小 ‎ D.可以获得更大的加速度以提高实验精度.‎ 三、计算题(本大题共3题,共28分。要求:写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,答案中必须明确写出数值和单位,只写最后答案的不能得分)‎ ‎17.(6分) 如图,细线的一端固定,另一端系着质量为m的小球(可视为质点),小球在如图所示的水平面内做匀速圆周运动。已知细线长为,与竖直方向的夹角为ɵ,重力加速度为g,求:‎ ‎(1)小球对细线拉力F的大小;‎ ‎(2)小球角速度的大小。‎ ‎18.(8分) ‎2016年2月27日江苏有一面包车上掉下一小孩,接着小孩追赶一段距离后无法追上而停止下来.小孩静止时,面包车正以速度m/s保持匀速直线运动且与小孩的距离m,此时,小孩身后m处有一轿车发现状况后以初速度m/s立即做匀减速直线运动,到达小孩处速度恰好为零,再经s,轿车司机把小孩接上车后立即从静止开始以加速度m/s2做匀加速直线运动追赶前方匀速运动的面包车,若轿车的行驶速度不能超过‎54km/h.求:‎ ‎(1)轿车在减速过程的加速度大小;‎ ‎(2)轿车司机接上小孩后至少需经多长时间才能追上面包车。‎ ‎19. (14分) 如图所示,一水平足够长的浅色传送带与一足够长的平板紧靠在一起,且上表面在同一水平面,传送带上左端静止放上一质量为m=‎1kg的煤块(视为质点),煤块与传送带及煤块与平板上表面之间的动摩擦因数为均为μ1=0.1.初始时,传送带与煤块及平板都是静止的.现让传送带以恒定的向右加速度a=‎3 m/s2开始转动,当其速度达到v=‎1.5m/s后,便以此速度做匀速转动.经过一段时间,煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后,煤块相对于传送带不再滑动,随后煤块在平稳滑上右端平板上的同时,在平板右侧施加一个水平向右恒力F=17N,F作用了t0=0.5s时,煤块与平板恰好共速,此时刻撤去F.最终煤块没有从平板上滑下,已知平板质量M=‎4kg,(重力加速度为g=‎10m/s2),求:‎ ‎(1)传送带上黑色痕迹的长度;‎ ‎(2)有F作用期间平板的加速度大小;‎ ‎(3)平板上表面至少多长(本小问计算结果保留两位有效数字)。‎ 漳平一中 2018--2019学年第一学期第一次月考高三物理评分标准 范围:直线运动 相互作用 牛顿运动定律 曲线运动和天体运动 时间:90分钟 总分:100分 一、选择题(本题共14小题,共56分。1~9小题给出的四个选项中,只有一个选项正确;每小题4分;10~14小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)‎ ‎1.D 2.B 3.D 4.A 5.D 6.D 7.A 8.C 9.B ‎ ‎10.CD 11.ABC 12.CD 13.AD 14.AD 二、实验题(本题共2小题,每空2分,共16分。)‎ ‎15. (10分) (1).D (2).B (3). 图像如图;3.1×102 ‎ ‎ (4). 5×106N/m2‎ ‎16. (6分) (1). (2). C (3).BC(漏选得1分,错0分)‎ 三、计算题(本大题共3题,共28分。要求:写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,答案中必须明确写出数值和单位,只写最后答案的不能得分)‎ ‎17. (6分) ‎ 解:(1)在竖直方向,根据牛顿第二定律有: ……………………………… 1分 所以:………………………………………………………………………… 1分 ‎ 根据牛顿第三定律可知,小球对细线拉力的大小为:;…………… 1分 ‎(2)由几何关系可知,小球在水平面内做圆周运动的轨道半径:………………1分 在水平方向,根据牛顿第二定律有:……………………………………1分 ‎ ‎ 所以:……………………………………………………………………… 1分 ‎18. (8分)‎ 解:(1)据运动学知识,有……………………………………………………… 1分 ‎ 轿车减速过程的加速度大小m/s2 …………………………………………… 1分 ‎ ‎(2)轿车匀减速直线运动的时间s…………………………………………… 1分 ‎ 轿车加速过程中速度达到m/s时,由 , …………… 1分 得s , m………………………………………………………………1分此时两车相距的距离为即m………………… 1分 此后轿车以Vm=15m/s的速度匀速追赶面包车Δx=Vmt2-Vt2得t2=23s………………… 1分 ‎ 故轿车接上小孩后追上面包车所需时间至少为s……………………1分 ‎20. (14分)‎ 解:(1)煤块在传送带上发生相对运动时,加速度 a1= μ1mg /m =μ‎1g=0.1×‎10m/s2=1 m/s2,方向向右;…………………………………………1分 ‎ 设经过时间时t1,传送带达到速度v,经过时间时t2,煤块速度达到v, 即 v=at1=a1t2,代入数据解得t1=0.5s,t2=1.5s, ……………………………………………………… 1分 传送带发生的位移s= v2 /2a +v(t2-t1)= (1.52 /2×3 +1.5×1)m=1.875m,………… 1分 ‎ 煤块发生的位移s′= v2 /2a1 = 1.52 /2 =1.125m,………………………………………………… 1分 ‎ 黑色痕迹长度即传送带与煤块发生的位移之差,即:‎ ‎△s=s-s′, 代入数据解得△s=0.75m.………………………………………………………………….1分 ‎ ‎(2)煤块滑上平板时的速度为v0=1.5m/s,‎ 加速度为a1= μ1mg /m =μ1g=1m/s2,……………………………………………………………………1分 ‎ 经过t0=0.5s时速度v=v0-a1t0=(1.5-1×0.5)m/s=1.0m/s,………………………………………… 1分 ‎ 平板的加速度大小a2,则由v=a2t0=1.0m/s, 解得  a2=2 m/s2.……………………………1分 ‎ ‎(3)设平板与地面间动摩擦因数为μ2,由a2=2 m/s2,‎ ‎ 且Ma2=(F+μ1mg)-μ2(mg+Mg),代入数据解得μ2=0.2,………………………………1分 ‎ 由于μ2>μ1,共速后煤块将仍以加速度大小a1= μ1mg /m =μ1g匀减速,直到停止, 而平板以加速度a3匀减速运动,Ma3=μ1mg-μ2(mg+Mg),‎ ‎ 代入数据解得a3=-2.25 m/s2,……………………………………………………………………………………1分 用时t3= v/ a3 =( 1 /2.25) s= (4/ 9 )s,……………………………………………………………………….. 1分 ‎ 所以,全程平板的位移为  S板=( 0+v/ 2) (t0+t3)= 1 /2 ×(0.5+ 4 /9 )m= (17/ 36) m,…. 1分 ‎ 煤块的位移S煤= v02 /‎2a1 = (1.52 /2 )m=( 9 /8) m,…………………………………………………..1分 ‎ 平板车的长度即煤块与平板的位移之差,L=S煤-  S板= (47 /72) m=0.65m.……………1分

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