云南玉溪一中2018-2019高二物理上学期第一次月考试题(有答案)
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资料简介
玉溪一中2018—2019学年上学期高二年级第一次月考 物理学科试卷 命题人:黄金勇 本试卷分第一卷(选择题)和第二卷(非选择题)两部分。满分100分,考试时间120分钟。‎ 第Ⅰ卷(选择题 共44分)‎ 一、单项选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,选对的得3分,选错的得0分)‎ ‎1.20世纪50年代,科学家提出了地磁场的“电磁感应学说”,认为当太阳强烈活动影响地球而引起磁暴时,磁暴在外地核中感应产生衰减时间较长的电流,此电流产生了地磁场.连续的磁暴作用可维持地磁场.则外地核中的电流方向为(地磁场N极与S极在地球表面的连线称为磁子午线)‎ A.垂直磁子午线由东向西 B.垂直磁子午线由西向东 C.沿磁子午线由南向北 D.沿磁子午线由北向南 ‎2.如图所示,当滑动变阻器R3的滑动头P向下移动时,则 V A ε r R1‎ R2‎ R3‎ P A.电压表示数变小,电流表示数变大 B.电压表示数变大,电流表示数变小 C.电压表示数变大,电流表示数变大 D.电压表示数变小,电流表示数变小 ‎3.如图所示,条形磁铁静止放在桌面上,当在其左上方放一电流方向垂直纸面向里的通电直导线后,则磁铁受到的摩擦力和弹力 A.摩擦力为零 ‎ B.摩擦力方向向左 C.弹力保持不变 ‎ D.摩擦力方向向右 ‎4.如图所示,三根通电长直导线P、Q、R互相平行且通过正三角形的三个顶点,三条导线中通入的电流大小相等,方向垂直纸面向里;通过直导线产生磁场的磁感应强度B=kI / r,I为通电导线的电流大小,r为距通电导线的垂直距离,k为常量;则通电导线R受到的磁场力的方向是 A.垂直R,指向y轴正方向 B.垂直R,指向y轴负方向 C.垂直R,指向x轴正方向 D.垂直R,指向x轴负方向 ‎ ‎ ‎5.如图所示,a、b是两个带有同种电荷的小球,用绝缘细线悬挂于同一点,两球静止时,它们距水平地面的高度相等,绳与竖直方向的夹角分别为、。若同 时剪断两根细线,空气阻力不计,两球带电量不变,则 A.两球a、b同时落地 ‎ B.球a先落地 C.球a水平飞行的距离比b球大 ‎ D.两球a、b水平飞行的距离相等 ‎6.如图所示,有一离子束沿直线通过相互垂直的匀强电场、匀强磁场区域Ⅰ,再进入匀强磁场区域Ⅱ中做偏转半径相同的圆周运动,则它们一定具有相同的 A.电性   ‎ B.比荷 C.电荷量 ‎ D.质量 ‎7.如图所示,光滑的的硬杆AOB水平放置且固定,∠AOB=,其上套两个轻质小环(质量不计)P、Q,它们之间用一轻绳相连,绳子不可伸长。现对Q施加一平行于OB方向向右的恒定拉力F作用,则当它们处于平衡时,以下说法正确的是 ‎ A B P O Q F A.满足OP = OQ B.绳子拉力大小为 C.绳子拉力大小为F D.OB对环Q的弹力大小为 ‎8.如图所示,圆心在O点,半径为R的圆弧轨道abc竖直固定在水平桌面上,Oc与Oa的夹角为60°,轨道最低点a与桌面相切.一段不可伸长的轻绳两端系着质量分别为m和‎4m的小球A和B(均可视为质点),挂在圆弧轨道边缘c的两边,开始时,B位于c点,从静止释放,设轻绳足够长,不计一切摩擦,则在B球由c下滑到a的过程中 A.当小球B经过a点时,A、B速度大小之比为tan600‎ B.当小球B经过a点时,A、B速度大小之比为sin300‎ C.小球B经过a点时的速度大小为 ‎ D.小球B经过a点时的速度大小为 二、多项选择题(本题共5小题,每小题4分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对得4分,选对但不全得2分,有选错的得0分)‎ ‎9.如图所示的四个图中,分别标明了通电导线在磁场中的电流方向、磁场方向以及通电导线所受磁场力的方向,其中正确的是 ‎10.某点电荷电场线分布如图所示,电场中a,b两点的电场强度大小分别为已知和,电势分别为和,则 A.该点电荷一定是正电荷 B.该点电荷一定是负电荷 C., D., ‎ ‎11.如图所示,在边界上方存在着垂直纸面向里的匀强磁场,有两个电荷量、质量均相同的正、负粒子(不计重力),从边界上的O点以相同速度先后射入磁场中,入射方向与边界成θ角,则正、负粒子在磁场中 A.运动轨迹的半径相同 B.重新回到边界所用时间相同 C.重新回到边界时速度大小和方向相同 D.重新回到边界时与O点的距离相等 I U O R1‎ R2‎ ‎12.两只电阻的伏安特性曲线如图所示,则下列说法中正确的是 A.两电阻的阻值为R1大于R2 ‎ B.两电阻串联在电路中时,R1两端电压大于R2两端电压 ‎ C.两电阻串联在电路中时,R1消耗的功率小于R2消耗的功率 ‎ D.两电阻并联在电路中时,R1的电流大于R2的电流 ‎13.如图所示,在重力加速度为g的空间,有一个带电量为+Q的点电荷固定在O点,点B、C为以O为圆心,半径为R的竖直圆周上的两点,点A、B、O在同一竖直线上,=R,点O、C在同一水平线上.现在有一质量为m、电荷量为-q的有孔小球,沿光滑绝缘细杆AC从A点由静止开始滑下,滑至C点时速度大小为,下列说法正确的是 A.两点B、A间的电势差为mgR/2q ‎ B.两点B、A间的电势差为mgR/q C.若从点A自由释放,则小球下落到B点时的速度大小为 D.若从点A自由释放,则小球下落到B点时的速度大小为 第Ⅱ卷 (非选择题 共56分)‎ 三、非选择题(本题共7小题。第14、15小题为填空题,第16~19小题为计算题,考生根据要求作答)‎ ‎14.(8分)某同学测量一个圆柱体的电阻率,需要测量圆柱体的尺寸和电阻.‎ ‎ ‎ ‎(1)分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径,某次测量的示数分别如图 (a)、(b)所示,长度为 mm,直径为________ mm.。‎ ‎(2)按图(c)连接电路后,实验操作如下:‎ ‎①将滑动变阻器R1的阻值置于最____处(填“大”或“小”);将S2拨向接点1,闭合S1,调节R1,使电流表示数为I0。‎ ‎②将电阻箱R2的阻值调至最大,S2拨向接点2;保持R1不变,调节R2,使电流表示数仍为I0,此时R2阻值为1280 Ω。‎ ‎③由此可知,圆柱体的电阻为________Ω。 ‎ ‎15.(8分)如图所示为多用电表的刻度盘.若选用倍率为“×‎100”‎的欧姆挡测电阻时,表针指示如图所示,则:‎ ‎(1)所测电阻的阻值为________Ω;如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻,为了使测量结果比较精确,应选用的欧姆挡是________(选填“×‎10”‎、“×‎100”‎或“×1k”).‎ ‎(2)用此多用电表进行测量,当选用量程为50mA的直流电流挡测量电流时,表针指于图示位置,则所测电流为________mA。当选用量程为250mA的直流电流挡测量电流时,表针指于图示位置,则所测电流为________mA。‎ ‎16.(8分)如图所示,电源电动势为5V,内阻不计,阻值为R1=4Ω;R2=1Ω。先将电键S1,S2都闭合时,带电微粒在水平放置,两板间距离d=‎1.6m的足够长平行金属板正中间做直线运动。求:(取g=‎10 m/s2,设金属板足够长)‎ ‎(1)带电粒子电荷极性;‎ ‎(2)某时刻将电键S2断开,带电粒子运动到极板所用时间。‎ m M B A R C ‎17.(8分)如图所示,质量分别为M和m(M>m ‎)的小物体用轻绳连接;跨放在半径为R的光滑半圆柱体和光滑定滑轮B上,m位于半圆柱体底端C点,半圆柱体顶端A点与滑轮B的连线水平。整个系统从静止开始运动。设m能到达圆柱体的顶端,试求:‎ ‎(1)m到达圆柱体的顶端A点时,m和M的速度大小。‎ ‎(2)m到达A点时,对圆柱体的压力。‎ ‎18.(10分)质量为m=‎0.02 kg的通电细杆ab置于倾角θ=37°的平行放置的导轨上,导轨宽度为d=‎0.2 m,杆ab与导轨间的动摩擦因数μ=0.4,磁感应强度B=2 T的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下,如图所示.现调节滑动变阻器的触头,试求出为使杆ab静止不动,通过ab杆电流的范围.( (cos530=sin 370=0.6 , cos370=sin530 =0.8‎ ‎,g取‎10 m/s2)‎ ‎19.(14分)如图所示,真空中的xOy平面为竖直平面,在第一象限中有竖直向上的匀强电场,第四象限中有垂直于纸面的匀强磁场,场强大小为B。一质量为m、电荷量为q的带电粒子以初速度vo垂直于y轴从M点射入匀强电场,经电场偏转后和x轴成60o角斜向下从N点进入磁场,最后从y轴上某点Q水平射出磁场,不计重力。求:‎ ‎(1)MN两点的电势差;‎ ‎(2)粒子从M到Q所用时间;‎ ‎(3)电场强度E。‎ 玉溪一中2018—2019学年上学期高二年级第一次月考 物理学科参考答案 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ ‎13‎ A B B B A B D C CD BD ACD CD AC ‎14.(1)50.1 5.315 (2)①大  ③1280‎ ‎15.(1)1.5×103 ×1k (2)30.4(30.3~30.5都正确) 152‎ ‎16、解:(1) 由平衡条件知电荷极性为负 ‎(2)板间电压为时平衡: ‎ 当板间电压为时, F合= ‎ 得 ,, ‎ ‎17.(8分)解:(1)MgπR-mgR=(M+m)v2 ‎ v= ‎ ‎(2)=mg-N ‎ ‎ N= mg - =mg ‎ ‎18. (10分)解:画出侧视受力图,建立坐标系.在图(a)中,由平衡条件得;‎ F1-mgsinθ-=0 ‎ FN-mgcosθ=0 ‎ ‎=μFN ‎ F1=BImaxd ‎ 解得Imax=‎0.46 A.‎ 在图(b)中,由平衡条件得:‎ F2+-mgsinθ=0 ‎ FN-mgcosθ=0 ‎ ‎=μFN ‎ F2=BImind 解得Imin=‎0.14 A.‎ 所以:‎0.14 A≤I≤‎‎0.46 A ‎19.(14分)解析:(1)带电粒子到达N点的速度为v==2v0,带负电 由动能定理得(-q)UMN=mv 2 - mv02‎ UMN= - ‎ ‎(2)粒子在电场中向下偏则带电粒子带负电,在磁场中从N向Q偏,由左手定则知磁场方向垂直纸面向里。‎ 由qBv=m得R=‎ ON=Rcos300=,运动时间t1==‎ 在磁场中的运动周期为T=,在磁场中的运动时间t2=T=‎ t= t1+ t2= ‎ ‎(3)M到N竖直方向由=得h=‎ E==v0B

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