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2017年云南省大理州高考数学一模试卷(理科)
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.
1.设集合A={x∈Z|x2≤4},B={x|x>﹣1},则A∩B=( )
A.{0,1} B.{﹣1,0} C.{﹣1,0,1} D.{0,1,2}
2.在复平面内,复数的对应点位于( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
3.在等差数列{an}中,若a3+a4+a5+a6+a7=45,那么a5等于( )
A.4 B.5 C.9 D.18
4.2016年1月某校高三年级1600名学生参加了教育局组织的期末统考,已知数学考试成绩X~N(试卷满分为150分).统计结果显示数学考试成绩在80分到120分之间的人数约为总人数的,则此次统考中成绩不低于120分的学生人数约为( )
A.80 B.100 C.120 D.200
5.已知向量与的夹角为30°,且||=,||=2,则|﹣|等于( )
A.1 B. C.13 D.
6.函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,则tanθ等于( )
A.﹣ B. C.﹣ D.
7.如图程序框图的算法思路源于欧几里得名著《几何原本》中的“辗转相除法”,执行该程序框图,若输入m,n分别为225、135,则输出的m=( )
A.5 B.9 C.45 D.90
8.已知三个函数f(x)=2x+x,g(x)=x﹣1,h(x)=log3x+x的零点依次为a,b,c,则( )
A.a<b<c B.b<a<c C.c<a<b D.a<c<b
9.某几何体的三视图如图所示,则它的体积是( )
A. B. C. D.
10.己知三棱锥A﹣BCD的所有顶点都在球O的球面上,AB为球O的直径,若该三棱锥的体积为.BC=4,BD=,∠CBD=90°,则球O的表面积为( )
A.11π B.20π C.23π D.35π
11.已知双曲线y2﹣=1与不过原点O且不平行于坐标轴的直线l相交于M,N两点,线段MN的中点为P,设直线l的斜率为k1,直线OP的斜率为k2,则k1k2=( )
A. B.﹣ C.2 D.﹣2
12.定义在R上的函数f(x)的导函数为f'(x),若对任意实数x,有f(x)>f'(x),且f(x)+2017为奇函数,则不等式f(x)+2017ex<0的解集是( )
A.(﹣∞,0) B.(0,+∞) C. D.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.设x,y满足约束条件,则x2+y2的最大值为 .
14.的二次展开式中,所有项的二项式系数之和为256,则展开式中x4项的系数为 .
15.在直角坐标系xOy中,有一定点M(﹣1,2),若线段OM的垂直平分线过抛物线x2=2py(p>0)的焦点,则该抛物线的准线方程是 .
16.若数列{an}的首项a1=2,且;令bn=log3(an+1),则b1+b2+b3+…+b100= .
三、解答题:本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且.
(1)求sinB的值;
(2)若a=4,求△ABC的面积S的值.
18.某中学拟在高一下学期开设游泳选修课,为了了解高一学生喜欢游泳是否与性别有关,该学校对100名高一新生进行了问卷调查,得到如下列联表:
喜欢游泳
不喜欢游泳
合计
男生
10
女生
20
合计
已知在这100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为.
(1)请将上述列联表补充完整:并判断是否有99.9%的把握认为喜欢游泳与性别有关?并说明你的理由;
(2)针对于问卷调查的100名学生,学校决定从喜欢游泳的人中按分层抽样的方法随机抽取6人成立游泳科普知识宣传组,并在这6人中任选2人作为宣传组的组长,设这两人中男生人数为X,求X的分布列和数学期望.
下面的临界值表仅供参考:
P(K2≥k)
0.15
0.10
0.05
0.025
0.010
0.005
0.001
k
2.072
2.706
3.841
5.024
6.635
7.879
10.828
(参考公式:,其中n=a+b+c+d)
19.在四棱锥中P﹣ABCD,底面ABCD是正方形,侧面PAD⊥底面ABCD,且PA=PD=AD、E、F,分别为PC、BD的中点.
(1)求证:EF∥平面PAD;
(2)在线段AB上是否存在点G,使得二面角C﹣PD﹣G的余弦值为,若存在,请求出点G的位置;若不存在,请说明理由.
20.已知椭圆C:的短轴长为2,离心率e=,
(1)求椭圆C的标准方程:
(2)若F1、F2分别是椭圆C的左、右焦点,过F2的直线l与椭圆C交于不同的两点A、B,求△F1AB的内切圆半径的最大值.
21.设函数G(x)=xlnx+(1﹣x)ln(1﹣x).
(1)求G(x)的最小值:
(2)记G(x)的最小值为e,已知函数,若对于任意的x∈(0,+∞),恒有f(x)≥0成立,求实数a的取值范围.
请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.作答时请写清题号.[选修4-4:坐标系与参数方程]
22.已知在直角坐标系中,曲线的C参数方程为(φ为参数),现以原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线l的极坐标方程为ρ=.
(1)求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;
(2)在曲线C上是否存在一点P,使点P到直线l的距离最小?若存在,求出距离的最小值及点P的直角坐标;若不存在,请说明理由.
[选修4-5:不等式选讲]
23.已知函数f(x)=|x|+|x﹣3|.
(1)解关于x的不等式f(x)﹣5≥x;
(2)设m,n∈{y|y=f(x)},试比较mn+4与2(m+n)的大小.
2017年云南省大理州高考数学一模试卷(理科)
参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.
1.设集合A={x∈Z|x2≤4},B={x|x>﹣1},则A∩B=( )
A.{0,1} B.{﹣1,0} C.{﹣1,0,1} D.{0,1,2}
【考点】交集及其运算.
【分析】先分别求出集合A,B,由此能求出A∩B.
【解答】解:∵集合A={x∈Z|x2≤4}={﹣2,﹣1,0,1,2},
B={x|x>﹣1},
∴A∩B={0,1,2}.
故选:D.
2.在复平面内,复数的对应点位于( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
【考点】复数的代数表示法及其几何意义.
【分析】先进行复数的除法运算,分子和分母同乘以分母的共轭复数,分母变成一个实数,分子进行复数的乘法运算,整理成复数的标准形式,写出对应点的坐标,看出所在的象限.
【解答】解:∵复数 ===﹣1+2i,
∴复数对应的点的坐标是(﹣1,2)
∴复数在复平面内对应的点位于第二象限,
故选B.
3.在等差数列{an}中,若a3+a4+a5+a6+a7=45,那么a5等于( )
A.4 B.5 C.9 D.18
【考点】等差数列的通项公式.
【分析】利用等差数列的性质即可得出.
【解答】解:∵a3+a4+a5+a6+a7=45,
∴5a5=45,
那么a5=9.
故选:C.
4.2016年1月某校高三年级1600名学生参加了教育局组织的期末统考,已知数学考试成绩X~N(试卷满分为150分).统计结果显示数学考试成绩在80分到120分之间的人数约为总人数的,则此次统考中成绩不低于120分的学生人数约为( )
A.80 B.100 C.120 D.200
【考点】正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义.
【分析】利用正态分布曲线的对称性,确定成绩不低于120分的学生约为总人数的=,即可求得成此次考试成绩不低于120分的学生数.
【解答】解:∵成绩ξ~N,
∴其正态曲线关于直线x=100对称,
又∵成绩在80分到120分之间的人数约占总人数的,
由对称性知:成绩不低于120分的学生约为总人数的=,
∴此次考试成绩不低于120分的学生约有:×1600=200人.
故选D.
5.已知向量与的夹角为30°,且||=,||=2,则|﹣|等于( )
A.1 B. C.13 D.
【考点】平面向量数量积的运算.
【分析】由向量数量积的定义可得•,再由向量的模的平方即为向量的平方,计算即可得到所求值.
【解答】解:向量与的夹角为30°,且||=,||=2,
可得•=||•||•cos30°=•2•=3,
则|﹣|==
==1.
故选:A.
6.函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,则tanθ等于( )
A.﹣ B. C.﹣ D.
【考点】三角函数的最值.
【分析】由题意,函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,θ=2kπ+,(k∈Z),即可求出tanθ.
【解答】解:由题意,函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,
∴θ=2kπ+,(k∈Z)
∴tanθ=,
故选D.
7.如图程序框图的算法思路源于欧几里得名著《几何原本》中的“辗转相除法”,执行该程序框图,若输入m,n分别为225、135,则输出的m=( )
A.5 B.9 C.45 D.90
【考点】程序框图.
【分析】模拟程序框图的运行过程,该程序执行的是欧几里得辗转相除法,求出运算结果即可.
【解答】解:模拟程序框图的运行过程,如下;
m=225,n=135,225÷135=1…90,r=90,不满足退出循环的条件;
m=135,n=90,135÷90=1…45,r=45不满足退出循环的条件
m=90,n=45,90÷45=2…0,r=0满足退出循环的条件
故输出m=45.
故选:C
8.已知三个函数f(x)=2x+x,g(x)=x﹣1,h(x)=log3x+x的零点依次为a,b,c,则( )
A.a<b<c B.b<a<c C.c<a<b D.a<c<b
【考点】对数的运算性质;指数函数的图象与性质;函数零点的判定定理.
【分析】利用函数零点的判定方法即可得出.
【解答】解:令f(x)=2x+x=0,解得x<0,令g(x)=x﹣1=0,解得x=1,
由h(x)=log3x+x,令=﹣1+<0,h(1)=1>0,因此h(x)的零点x0∈.
则b>c>a.
故选:D.
9.某几何体的三视图如图所示,则它的体积是( )
A. B. C. D.
【考点】由三视图求面积、体积.
【分析】根据三视图可知,几何体是组合体,下面是正方体,棱长为2,上面是侧棱长为2,底面边长为2的正四棱锥,求出相应的体积,即可求得结论.
【解答】解:由题意知,根据三视图可知,几何体是组合体,下面是正方体,棱长为2,体积为8;
上面是侧棱长为2,底面边长为2的正四棱锥,所以底面积为4,高为=,故体积为
∴几何体的体积为
故选B.
10.己知三棱锥A﹣BCD的所有顶点都在球O的球面上,AB为球O的直径,若该三棱锥的体积为.BC=4,BD=,∠CBD=90°,则球O的表面积为( )
A.11π B.20π C.23π D.35π
【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积.
【分析】先利用体积,求出A到平面BCD的距离,可得O到平面BCD的距离,再利用勾股定理,求出球的半径,即可求出球O的表面积.
【解答】解:由题意,设A到平面BCD的距离为h,则
∵该三棱锥的体积为.BC=4,BD=,∠CBD=90°,
∴××4×h=,
∴h=2,
∴O到平面BCD的距离为1,
∵△BCD外接圆的直径BD=,
∴OB==,
∴球O的表面积为4π×=11π.
故选:A.
11.已知双曲线y2﹣=1与不过原点O且不平行于坐标轴的直线l相交于M,N两点,线段MN的中点为P,设直线l的斜率为k1,直线OP的斜率为k2,则k1k2=( )
A. B.﹣ C.2 D.﹣2
【考点】双曲线的简单性质.
【分析】设点,代入双曲线方程,利用点差法,结合线段MN的中点为P,即可得到结论.
【解答】解:设M(x1,y1),N(x2,y2),P(x,y),
则x1+x2=2x,y1+y2=2y
M,N代入双曲线y2﹣=1
两式相减可得:(y1﹣y2)×2y﹣(x1﹣x2)×2x=0,
∵直线l的斜率为k1(k1≠0),直线OM的斜率为k2,
∴k1k2=.
故选:A.
12.定义在R上的函数f(x)的导函数为f'(x),若对任意实数x,有f(x)>f'(x),且f(x)+2017为奇函数,则不等式f(x)+2017ex<0的解集是( )
A.(﹣∞,0) B.(0,+∞) C. D.
【考点】函数奇偶性的性质;利用导数研究函数的单调性.
【分析】令2017g(x)=,(x∈R),从而求导g′(x)<0,从而可判断y=g(x)单调递减,从而可得到不等式的解集.
【解答】解:设2017g(x)=,由f(x)>f′(x),
得:g′(x)=<0,
故函数g(x)在R递减,
由f(x)+2017为奇函数,得f(0)=﹣2017,
∴g(0)=﹣1,
∵f(x)+2017ex<0,∴<﹣2017,即g(x)<g(0),
结合函数的单调性得:x>0,
故不等式f(x)+2017ex<0的解集是(0,+∞).
故选B.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.设x,y满足约束条件,则x2+y2的最大值为 5 .
【考点】简单线性规划.
【分析】由约束条件作出可行域,由z=x2+y2的几何意义,即可行域内的动点与坐标原点距离的平方得答案.
【解答】解:由约束条件,作出可行域如图,
联立方程组,解得:A(2,﹣1);
由题意结合可行域可知A到原点的距离的平方最大.
∴z=x2+y2的最大值为:5.
故答案为:5.
14.的二次展开式中,所有项的二项式系数之和为256,则展开式中x4项的系数为 1 .
【考点】二项式系数的性质.
【分析】由题意可得:2n=256,解得n=8.再利用通项公式即可得出.
【解答】解:由题意可得:2n=256,解得n=8.
∴的通项公式:Tr+1=28﹣r=28﹣r(﹣1)8﹣r.
令=4,解得r=8.
∴展开式中x4项的系数为28﹣8(﹣1)0=1.
故答案为:1.
15.在直角坐标系xOy中,有一定点M(﹣1,2),若线段OM的垂直平分线过抛物线x2=2py(p>0)的焦点,则该抛物线的准线方程是 .
【考点】抛物线的简单性质.
【分析】先求出线段OM
的垂直平分线方程,然后表示出抛物线的焦点坐标并代入到所求方程中,进而可求得p的值,即可得到准线方程.
【解答】解:依题意我们容易求得直线的方程为2x﹣4y+5=0,
把焦点坐标(,0)代入可求得焦参数p=,
从而得到准线方程,
故答案为:.
16.若数列{an}的首项a1=2,且;令bn=log3(an+1),则b1+b2+b3+…+b100= 5050 .
【考点】数列的求和.
【分析】推导出{an+1}是首项为3,公比为3的等比数列,从而得bn==n,由此能求出b1+b2+b3+…+b100.
【解答】解:∵数列{an}的首项a1=2,且,
∴an+1+1=3(an+1),a1+1=3,
∴{an+1}是首项为3,公比为3的等比数列,
∴,
∴bn=log3(an+1)==n,
∴b1+b2+b3+…+b100=1+2+3+…+100==5050.
故答案为:5050.
三、解答题:本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且.
(1)求sinB的值;
(2)若a=4,求△ABC的面积S的值.
【考点】余弦定理;正弦定理.
【分析】(1)由已知利用同角三角函数基本关系式可求sinA
,利用二倍角的余弦函数公式可求cosC=cos2A的值,利用同角三角函数基本关系式可求sinC的值,利用三角形内角和定理,诱导公式,两角和的正弦函数公式可求sinB的值.
(2)由正弦定理可求b,进而利用三角形面积公式即可计算得解.
【解答】(本题满分为12分)
解:(1)∵由得,…
∴cosC=cos2A=cos2A﹣sin2A=,…2分
∴sinC==,…3分
又∵A+B+C=π,sinB=sin[π﹣(A+C)]=sin(A+C),…4分
∴.…
(2)由正弦定理得,…
∴△ABC的面积.…
18.某中学拟在高一下学期开设游泳选修课,为了了解高一学生喜欢游泳是否与性别有关,该学校对100名高一新生进行了问卷调查,得到如下列联表:
喜欢游泳
不喜欢游泳
合计
男生
10
女生
20
合计
已知在这100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为.
(1)请将上述列联表补充完整:并判断是否有99.9%的把握认为喜欢游泳与性别有关?并说明你的理由;
(2)针对于问卷调查的100名学生,学校决定从喜欢游泳的人中按分层抽样的方法随机抽取6人成立游泳科普知识宣传组,并在这6人中任选2人作为宣传组的组长,设这两人中男生人数为X,求X的分布列和数学期望.
下面的临界值表仅供参考:
P(K2≥k)
0.15
0.10
0.05
0.025
0.010
0.005
0.001
k
2.072
2.706
3.841
5.024
6.635
7.879
10.828
(参考公式:,其中n=a+b+c+d)
【考点】独立性检验的应用.
【分析】(1)根据在100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为,可得喜爱游泳的学生,即可得到列联表;利用公式求得K2,与临界值比较,即可得到结论;
(2)喜欢游泳的共60人,按分层抽样抽取6人,则每个个体被抽到的概率均为,从而需抽取男生4人,女生2人.故X的所有可能取值为0,1,2,求出相应的概率,即可求X的分布列和数学期望.
【解答】解:(1)因为在100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为,
所以喜欢游泳的学生人数为人…
其中女生有20人,则男生有40人,列联表补充如下:
喜欢游泳
不喜欢游泳
合计
男生
40
10
50
女生
20
30
50
合计
60
40
100
…
因为…
所以有99.9%的把握认为喜欢游泳与性别有关…
(2)喜欢游泳的共60人,按分层抽样抽取6人,则每个个体被抽到的概率均为,
从而需抽取男生4人,女生2人.
故X的所有可能取值为0,1,2…,
X的分布列为:
X
0
1
2
P
…
…
19.在四棱锥中P﹣ABCD,底面ABCD是正方形,侧面PAD⊥底面ABCD,且PA=PD=AD、E、F,分别为PC、BD的中点.
(1)求证:EF∥平面PAD;
(2)在线段AB上是否存在点G,使得二面角C﹣PD﹣G的余弦值为,若存在,请求出点G的位置;若不存在,请说明理由.
【考点】二面角的平面角及求法;直线与平面平行的判定.
【分析】(1)连接AC,由正方形性质可知,AC与BD相交于点F,证明:EF∥PA,即可证明EF∥平面PAD;
(2)以O为原点,分别以射线OA,OF和OP为x轴,y轴和z轴建立空间直角坐标系,O﹣xyz,利用向量方法,即可求解.
【解答】(1)证明:连接AC,由正方形性质可知,AC与BD相交于点F,
所以,在△PAC中,EF∥PA…
又PA⊂平面PAD,EF⊄平面PAD…
所以EF∥平面PAD…
(2)取AD的中点O,连接OP,OF,
因为PA=PD,所以PO⊥AD,
又因为侧面PAD⊥底面ABCD,交线为AD,所以PO⊥平面ABCD,
以O为原点,分别以射线OA,OF和OP为x轴,y轴和z
轴建立空间直角坐标系,O﹣xyz,不妨设AD=2…
则有P(0,0,1),D(﹣1,0,0),C(﹣1,2,0),假设在AB上存在点G(1,a,0),0<a<2,
则=(﹣1,2,﹣1),=(﹣1,0,﹣1),=(2,a,0)…
因为侧面PAD⊥底面ABCD,交线为AD,且底面是正方形,
所以CD⊥平面PAD,则CD⊥PA,
由PA2+PD2=AD2得PD⊥PA,
所以PA⊥PDC,即平面PDC的一个法向量为=(1,0,﹣1)…
设平面PDG的法向量为=(x,y,z),则,亦即,可取=(a,﹣2,﹣a)…
由二面角C﹣PD﹣G的余弦值为,可得a=1…,
所以线段AB上存在点G,且G为AB的中点,使得二面角C﹣PD﹣G的余弦值为…
20.已知椭圆C:的短轴长为2,离心率e=,
(1)求椭圆C的标准方程:
(2)若F1、F2分别是椭圆C的左、右焦点,过F2的直线l与椭圆C交于不同的两点A、B,求△F1AB的内切圆半径的最大值.
【考点】椭圆的简单性质;直线与圆锥曲线的综合问题.
【分析】(1)利用已知条件列出方程组求出a,b,然后求解椭圆的方程.
(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),设△F1AB的内切圆的半径为R,表示出△F1AB
的周长与面积,设直线l的方程为x=my+1,联立直线与椭圆方程,利用韦达定理,表示三角形面积,令,利用基本不等式求解面积的最大值,然后求解△F1AB内切圆半径的最大值为.
【解答】解:(1)由题意可得…
解得…
故椭圆的标准方程为…
(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),设△F1AB的内切圆的半径为R,
因为△F1AB的周长为4a=8,,
因此最大,R就最大…,
由题意知,直线l的斜率不为零,可设直线l的方程为x=my+1,
由得(3m2+4)y2+6my﹣9=0,
所以,…
又因直线l与椭圆C交于不同的两点,
故△>0,即(6m)2+36(3m2+4)>0,m∈R,则…
令,则t≥1,.
令,由函数的性质可知,函数f(t)在上是单调递增函数,
即当t≥1时,f(t)在[1,+∞)上单调递增,
因此有,所以,
即当t=1,m=0时,最大,此时,
故当直线l的方程为x=1时,△F1AB内切圆半径的最大值为…
21.设函数G(x)=xlnx+(1﹣x)ln(1﹣x).
(1)求G(x)的最小值:
(2)记G(x)的最小值为e,已知函数,若对于任意的x∈(0,+∞),恒有f(x)≥0成立,求实数a的取值范围.
【考点】利用导数求闭区间上函数的最值.
【分析】(1)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间,从而求出函数的最小值即可;
(2)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的最小值,结合题意从而求出a的范围即可.
【解答】解:(1)由已知得…
令G'(x)<0,得;令G'(x)>0,得,
所以G(x)的单调减区间为,单调增区间为…
从而…
(2)由(1)中c=﹣ln2得…
所以…
令g(x)=ax2•ex﹣(a+1),则g'(x)=ax(2+x)ex>0…
所以g(x)在(0,+∞)上单调递增,
因为g(0)=﹣(a+1),且当x→+∞时,g(x)>0,
所以存在x0∈(0,+∞),使g(x0)=0,
且f(x)在(0,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增…
因为,所以,
即,因为对于任意的x∈(0,+∞),恒有f(x)≥0成立,
所以…
所以,即,
亦即,所以…
因为,所以,
又x0>0,所以0<x0≤1,从而,
所以,故…
请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.作答时请写清题号.[选修4-4:坐标系与参数方程]
22.已知在直角坐标系中,曲线的C参数方程为(φ为参数),现以原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线l的极坐标方程为ρ=.
(1)求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;
(2)在曲线C上是否存在一点P,使点P到直线l的距离最小?若存在,求出距离的最小值及点P的直角坐标;若不存在,请说明理由.
【考点】简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程.
【分析】(1)利用坐标的互化方法,求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;
(2)点P到直线l的距离d==,即可求出距离的最小值及点P的直角坐标.
【解答】解:(1)曲线的C参数方程为(φ为参数),普通方程为(x﹣1)2+(y﹣1)2=4,
直线l的极坐标方程为ρ=,直角坐标方程为x﹣y﹣4=0;
(2)点P到直线l的距离d==,
∴φ﹣=2kπ﹣,即φ=2kπ﹣(k∈Z),距离的最小值为,点P的直角坐标(1+,1﹣).
[选修4-5:不等式选讲]
23.已知函数f(x)=|x|+|x﹣3|.
(1)解关于x的不等式f(x)﹣5≥x;
(2)设m,n∈{y|y=f(x)},试比较mn+4与2(m+n)的大小.
【考点】绝对值不等式的解法;绝对值三角不等式.
【分析】(1)分类讨论,即可解关于x的不等式f(x)﹣5≥x;
(2)由(1)易知f(x)≥3,所以m≥3,n≥3,利用作差法,即可比较mn+4与2(m+n)的大小.
【解答】解:(1)…
得或或,解之得或x∈ϕ或x≥8,
所以不等式的解集为…
(2)由(1)易知f(x)≥3,所以m≥3,n≥3…
由于2(m+n)﹣(mn+4)=2m﹣mn+2n﹣4=(m﹣2)(2﹣n)…
且m≥3,n≥3,所以m﹣2>0,2﹣n<0,即(m﹣2)(2﹣n)<0,
所以2(m+n)<mn+4…
2017年1月30日