云南大理州2017届高考数学一模试卷(理科附解析)
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资料简介
www.ks5u.com ‎2017年云南省大理州高考数学一模试卷(理科)‎ ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.‎ ‎1.设集合A={x∈Z|x2≤4},B={x|x>﹣1},则A∩B=(  )‎ A.{0,1} B.{﹣1,0} C.{﹣1,0,1} D.{0,1,2}‎ ‎2.在复平面内,复数的对应点位于(  )‎ A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限 ‎3.在等差数列{an}中,若a3+a4+a5+a6+a7=45,那么a5等于(  )‎ A.4 B.5 C.9 D.18‎ ‎4.2016年1月某校高三年级1600名学生参加了教育局组织的期末统考,已知数学考试成绩X~N(试卷满分为150分).统计结果显示数学考试成绩在80分到120分之间的人数约为总人数的,则此次统考中成绩不低于120分的学生人数约为(  )‎ A.80 B.100 C.120 D.200‎ ‎5.已知向量与的夹角为30°,且||=,||=2,则|﹣|等于(  )‎ A.1 B. C.13 D.‎ ‎6.函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,则tanθ等于(  )‎ A.﹣ B. C.﹣ D.‎ ‎7.如图程序框图的算法思路源于欧几里得名著《几何原本》中的“辗转相除法”,执行该程序框图,若输入m,n分别为225、135,则输出的m=(  )‎ A.5 B.9 C.45 D.90‎ ‎8.已知三个函数f(x)=2x+x,g(x)=x﹣1,h(x)=log3x+x的零点依次为a,b,c,则(  )‎ A.a<b<c B.b<a<c C.c<a<b D.a<c<b ‎9.某几何体的三视图如图所示,则它的体积是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎10.己知三棱锥A﹣BCD的所有顶点都在球O的球面上,AB为球O的直径,若该三棱锥的体积为.BC=4,BD=,∠CBD=90°,则球O的表面积为(  )‎ A.11π B.20π C.23π D.35π ‎11.已知双曲线y2﹣=1与不过原点O且不平行于坐标轴的直线l相交于M,N两点,线段MN的中点为P,设直线l的斜率为k1,直线OP的斜率为k2,则k1k2=(  )‎ A. B.﹣ C.2 D.﹣2‎ ‎12.定义在R上的函数f(x)的导函数为f'(x),若对任意实数x,有f(x)>f'(x),且f(x)+2017为奇函数,则不等式f(x)+2017ex<0的解集是(  )‎ A.(﹣∞,0) B.(0,+∞) C. D.‎ ‎ ‎ 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.‎ ‎13.设x,y满足约束条件,则x2+y2的最大值为  .‎ ‎14.的二次展开式中,所有项的二项式系数之和为256,则展开式中x4项的系数为  .‎ ‎15.在直角坐标系xOy中,有一定点M(﹣1,2),若线段OM的垂直平分线过抛物线x2=2py(p>0)的焦点,则该抛物线的准线方程是  .‎ ‎16.若数列{an}的首项a1=2,且;令bn=log3(an+1),则b1+b2+b3+…+b100=  .‎ ‎ ‎ 三、解答题:本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且.‎ ‎(1)求sinB的值;‎ ‎(2)若a=4,求△ABC的面积S的值.‎ ‎18.某中学拟在高一下学期开设游泳选修课,为了了解高一学生喜欢游泳是否与性别有关,该学校对100名高一新生进行了问卷调查,得到如下列联表:‎ 喜欢游泳 不喜欢游泳 合计 男生 ‎10‎ 女生 ‎20‎ 合计 已知在这100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为.‎ ‎(1)请将上述列联表补充完整:并判断是否有99.9%的把握认为喜欢游泳与性别有关?并说明你的理由;‎ ‎(2)针对于问卷调查的100名学生,学校决定从喜欢游泳的人中按分层抽样的方法随机抽取6人成立游泳科普知识宣传组,并在这6人中任选2人作为宣传组的组长,设这两人中男生人数为X,求X的分布列和数学期望.‎ 下面的临界值表仅供参考:‎ P(K2≥k)‎ ‎0.15‎ ‎0.10‎ ‎0.05‎ ‎0.025‎ ‎0.010‎ ‎0.005‎ ‎0.001‎ k ‎2.072‎ ‎2.706‎ ‎3.841‎ ‎5.024‎ ‎6.635‎ ‎7.879‎ ‎10.828‎ ‎(参考公式:,其中n=a+b+c+d)‎ ‎19.在四棱锥中P﹣ABCD,底面ABCD是正方形,侧面PAD⊥底面ABCD,且PA=PD=AD、E、F,分别为PC、BD的中点.‎ ‎(1)求证:EF∥平面PAD;‎ ‎(2)在线段AB上是否存在点G,使得二面角C﹣PD﹣G的余弦值为,若存在,请求出点G的位置;若不存在,请说明理由.‎ ‎20.已知椭圆C:的短轴长为2,离心率e=,‎ ‎(1)求椭圆C的标准方程:‎ ‎(2)若F1、F2分别是椭圆C的左、右焦点,过F2的直线l与椭圆C交于不同的两点A、B,求△F1AB的内切圆半径的最大值.‎ ‎21.设函数G(x)=xlnx+(1﹣x)ln(1﹣x).‎ ‎(1)求G(x)的最小值:‎ ‎(2)记G(x)的最小值为e,已知函数,若对于任意的x∈(0,+∞),恒有f(x)≥0成立,求实数a的取值范围.‎ ‎ ‎ 请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.作答时请写清题号.[选修4-4:坐标系与参数方程]‎ ‎22.已知在直角坐标系中,曲线的C参数方程为(φ为参数),现以原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线l的极坐标方程为ρ=.‎ ‎(1)求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;‎ ‎(2)在曲线C上是否存在一点P,使点P到直线l的距离最小?若存在,求出距离的最小值及点P的直角坐标;若不存在,请说明理由.‎ ‎ ‎ ‎[选修4-5:不等式选讲]‎ ‎23.已知函数f(x)=|x|+|x﹣3|.‎ ‎(1)解关于x的不等式f(x)﹣5≥x;‎ ‎(2)设m,n∈{y|y=f(x)},试比较mn+4与2(m+n)的大小.‎ ‎ ‎ ‎2017年云南省大理州高考数学一模试卷(理科)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.‎ ‎1.设集合A={x∈Z|x2≤4},B={x|x>﹣1},则A∩B=(  )‎ A.{0,1} B.{﹣1,0} C.{﹣1,0,1} D.{0,1,2}‎ ‎【考点】交集及其运算.‎ ‎【分析】先分别求出集合A,B,由此能求出A∩B.‎ ‎【解答】解:∵集合A={x∈Z|x2≤4}={﹣2,﹣1,0,1,2},‎ B={x|x>﹣1},‎ ‎∴A∩B={0,1,2}.‎ 故选:D.‎ ‎ ‎ ‎2.在复平面内,复数的对应点位于(  )‎ A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限 ‎【考点】复数的代数表示法及其几何意义.‎ ‎【分析】先进行复数的除法运算,分子和分母同乘以分母的共轭复数,分母变成一个实数,分子进行复数的乘法运算,整理成复数的标准形式,写出对应点的坐标,看出所在的象限.‎ ‎【解答】解:∵复数 ===﹣1+2i,‎ ‎∴复数对应的点的坐标是(﹣1,2)‎ ‎∴复数在复平面内对应的点位于第二象限,‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎3.在等差数列{an}中,若a3+a4+a5+a6+a7=45,那么a5等于(  )‎ A.4 B.5 C.9 D.18‎ ‎【考点】等差数列的通项公式.‎ ‎【分析】利用等差数列的性质即可得出.‎ ‎【解答】解:∵a3+a4+a5+a6+a7=45,‎ ‎∴5a5=45,‎ 那么a5=9.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎4.2016年1月某校高三年级1600名学生参加了教育局组织的期末统考,已知数学考试成绩X~N(试卷满分为150分).统计结果显示数学考试成绩在80分到120分之间的人数约为总人数的,则此次统考中成绩不低于120分的学生人数约为(  )‎ A.80 B.100 C.120 D.200‎ ‎【考点】正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义.‎ ‎【分析】利用正态分布曲线的对称性,确定成绩不低于120分的学生约为总人数的=,即可求得成此次考试成绩不低于120分的学生数.‎ ‎【解答】解:∵成绩ξ~N,‎ ‎∴其正态曲线关于直线x=100对称,‎ 又∵成绩在80分到120分之间的人数约占总人数的,‎ 由对称性知:成绩不低于120分的学生约为总人数的=,‎ ‎∴此次考试成绩不低于120分的学生约有:×1600=200人.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎5.已知向量与的夹角为30°,且||=,||=2,则|﹣|等于(  )‎ A.1 B. C.13 D.‎ ‎【考点】平面向量数量积的运算.‎ ‎【分析】由向量数量积的定义可得•,再由向量的模的平方即为向量的平方,计算即可得到所求值.‎ ‎【解答】解:向量与的夹角为30°,且||=,||=2,‎ 可得•=||•||•cos30°=•2•=3,‎ 则|﹣|==‎ ‎==1.‎ 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎6.函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,则tanθ等于(  )‎ A.﹣ B. C.﹣ D.‎ ‎【考点】三角函数的最值.‎ ‎【分析】由题意,函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,θ=2kπ+,(k∈Z),即可求出tanθ.‎ ‎【解答】解:由题意,函数f(x)=3sin(x+)在x=θ时取得最大值,‎ ‎∴θ=2kπ+,(k∈Z)‎ ‎∴tanθ=,‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎7.如图程序框图的算法思路源于欧几里得名著《几何原本》中的“辗转相除法”,执行该程序框图,若输入m,n分别为225、135,则输出的m=(  )‎ A.5 B.9 C.45 D.90‎ ‎【考点】程序框图.‎ ‎【分析】模拟程序框图的运行过程,该程序执行的是欧几里得辗转相除法,求出运算结果即可.‎ ‎【解答】解:模拟程序框图的运行过程,如下;‎ m=225,n=135,225÷135=1…90,r=90,不满足退出循环的条件;‎ m=135,n=90,135÷90=1…45,r=45不满足退出循环的条件 m=90,n=45,90÷45=2…0,r=0满足退出循环的条件 故输出m=45.‎ 故选:C ‎ ‎ ‎8.已知三个函数f(x)=2x+x,g(x)=x﹣1,h(x)=log3x+x的零点依次为a,b,c,则(  )‎ A.a<b<c B.b<a<c C.c<a<b D.a<c<b ‎【考点】对数的运算性质;指数函数的图象与性质;函数零点的判定定理.‎ ‎【分析】利用函数零点的判定方法即可得出.‎ ‎【解答】解:令f(x)=2x+x=0,解得x<0,令g(x)=x﹣1=0,解得x=1,‎ 由h(x)=log3x+x,令=﹣1+<0,h(1)=1>0,因此h(x)的零点x0∈.‎ 则b>c>a.‎ 故选:D.‎ ‎ ‎ ‎9.某几何体的三视图如图所示,则它的体积是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】由三视图求面积、体积.‎ ‎【分析】根据三视图可知,几何体是组合体,下面是正方体,棱长为2,上面是侧棱长为2,底面边长为2的正四棱锥,求出相应的体积,即可求得结论.‎ ‎【解答】解:由题意知,根据三视图可知,几何体是组合体,下面是正方体,棱长为2,体积为8;‎ 上面是侧棱长为2,底面边长为2的正四棱锥,所以底面积为4,高为=,故体积为 ‎∴几何体的体积为 故选B.‎ ‎ ‎ ‎10.己知三棱锥A﹣BCD的所有顶点都在球O的球面上,AB为球O的直径,若该三棱锥的体积为.BC=4,BD=,∠CBD=90°,则球O的表面积为(  )‎ A.11π B.20π C.23π D.35π ‎【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积.‎ ‎【分析】先利用体积,求出A到平面BCD的距离,可得O到平面BCD的距离,再利用勾股定理,求出球的半径,即可求出球O的表面积.‎ ‎【解答】解:由题意,设A到平面BCD的距离为h,则 ‎∵该三棱锥的体积为.BC=4,BD=,∠CBD=90°,‎ ‎∴××4×h=,‎ ‎∴h=2,‎ ‎∴O到平面BCD的距离为1,‎ ‎∵△BCD外接圆的直径BD=,‎ ‎∴OB==,‎ ‎∴球O的表面积为4π×=11π.‎ 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎11.已知双曲线y2﹣=1与不过原点O且不平行于坐标轴的直线l相交于M,N两点,线段MN的中点为P,设直线l的斜率为k1,直线OP的斜率为k2,则k1k2=(  )‎ A. B.﹣ C.2 D.﹣2‎ ‎【考点】双曲线的简单性质.‎ ‎【分析】设点,代入双曲线方程,利用点差法,结合线段MN的中点为P,即可得到结论.‎ ‎【解答】解:设M(x1,y1),N(x2,y2),P(x,y),‎ 则x1+x2=2x,y1+y2=2y M,N代入双曲线y2﹣=1‎ 两式相减可得:(y1﹣y2)×2y﹣(x1﹣x2)×2x=0,‎ ‎∵直线l的斜率为k1(k1≠0),直线OM的斜率为k2,‎ ‎∴k1k2=.‎ 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎12.定义在R上的函数f(x)的导函数为f'(x),若对任意实数x,有f(x)>f'(x),且f(x)+2017为奇函数,则不等式f(x)+2017ex<0的解集是(  )‎ A.(﹣∞,0) B.(0,+∞) C. D.‎ ‎【考点】函数奇偶性的性质;利用导数研究函数的单调性.‎ ‎【分析】令2017g(x)=,(x∈R),从而求导g′(x)<0,从而可判断y=g(x)单调递减,从而可得到不等式的解集.‎ ‎【解答】解:设2017g(x)=,由f(x)>f′(x),‎ 得:g′(x)=<0,‎ 故函数g(x)在R递减,‎ 由f(x)+2017为奇函数,得f(0)=﹣2017,‎ ‎∴g(0)=﹣1,‎ ‎∵f(x)+2017ex<0,∴<﹣2017,即g(x)<g(0),‎ 结合函数的单调性得:x>0,‎ 故不等式f(x)+2017ex<0的解集是(0,+∞).‎ 故选B.‎ ‎ ‎ 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.‎ ‎13.设x,y满足约束条件,则x2+y2的最大值为 5 .‎ ‎【考点】简单线性规划.‎ ‎【分析】由约束条件作出可行域,由z=x2+y2的几何意义,即可行域内的动点与坐标原点距离的平方得答案.‎ ‎【解答】解:由约束条件,作出可行域如图,‎ 联立方程组,解得:A(2,﹣1);‎ 由题意结合可行域可知A到原点的距离的平方最大.‎ ‎∴z=x2+y2的最大值为:5.‎ 故答案为:5.‎ ‎ ‎ ‎14.的二次展开式中,所有项的二项式系数之和为256,则展开式中x4项的系数为 1 .‎ ‎【考点】二项式系数的性质.‎ ‎【分析】由题意可得:2n=256,解得n=8.再利用通项公式即可得出.‎ ‎【解答】解:由题意可得:2n=256,解得n=8.‎ ‎∴的通项公式:Tr+1=28﹣r=28﹣r(﹣1)8﹣r.‎ 令=4,解得r=8.‎ ‎∴展开式中x4项的系数为28﹣8(﹣1)0=1.‎ 故答案为:1.‎ ‎ ‎ ‎15.在直角坐标系xOy中,有一定点M(﹣1,2),若线段OM的垂直平分线过抛物线x2=2py(p>0)的焦点,则该抛物线的准线方程是  .‎ ‎【考点】抛物线的简单性质.‎ ‎【分析】先求出线段OM 的垂直平分线方程,然后表示出抛物线的焦点坐标并代入到所求方程中,进而可求得p的值,即可得到准线方程.‎ ‎【解答】解:依题意我们容易求得直线的方程为2x﹣4y+5=0,‎ 把焦点坐标(,0)代入可求得焦参数p=,‎ 从而得到准线方程,‎ 故答案为:.‎ ‎ ‎ ‎16.若数列{an}的首项a1=2,且;令bn=log3(an+1),则b1+b2+b3+…+b100= 5050 .‎ ‎【考点】数列的求和.‎ ‎【分析】推导出{an+1}是首项为3,公比为3的等比数列,从而得bn==n,由此能求出b1+b2+b3+…+b100.‎ ‎【解答】解:∵数列{an}的首项a1=2,且,‎ ‎∴an+1+1=3(an+1),a1+1=3,‎ ‎∴{an+1}是首项为3,公比为3的等比数列,‎ ‎∴,‎ ‎∴bn=log3(an+1)==n,‎ ‎∴b1+b2+b3+…+b100=1+2+3+…+100==5050.‎ 故答案为:5050.‎ ‎ ‎ 三、解答题:本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且.‎ ‎(1)求sinB的值;‎ ‎(2)若a=4,求△ABC的面积S的值.‎ ‎【考点】余弦定理;正弦定理.‎ ‎【分析】(1)由已知利用同角三角函数基本关系式可求sinA ‎,利用二倍角的余弦函数公式可求cosC=cos2A的值,利用同角三角函数基本关系式可求sinC的值,利用三角形内角和定理,诱导公式,两角和的正弦函数公式可求sinB的值.‎ ‎(2)由正弦定理可求b,进而利用三角形面积公式即可计算得解.‎ ‎【解答】(本题满分为12分)‎ 解:(1)∵由得,…‎ ‎∴cosC=cos2A=cos2A﹣sin2A=,…2分 ‎∴sinC==,…3分 又∵A+B+C=π,sinB=sin[π﹣(A+C)]=sin(A+C),…4分 ‎∴.…‎ ‎(2)由正弦定理得,…‎ ‎∴△ABC的面积.…‎ ‎ ‎ ‎18.某中学拟在高一下学期开设游泳选修课,为了了解高一学生喜欢游泳是否与性别有关,该学校对100名高一新生进行了问卷调查,得到如下列联表:‎ 喜欢游泳 不喜欢游泳 合计 男生 ‎10‎ 女生 ‎20‎ 合计 已知在这100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为.‎ ‎(1)请将上述列联表补充完整:并判断是否有99.9%的把握认为喜欢游泳与性别有关?并说明你的理由;‎ ‎(2)针对于问卷调查的100名学生,学校决定从喜欢游泳的人中按分层抽样的方法随机抽取6人成立游泳科普知识宣传组,并在这6人中任选2人作为宣传组的组长,设这两人中男生人数为X,求X的分布列和数学期望.‎ 下面的临界值表仅供参考:‎ P(K2≥k)‎ ‎0.15‎ ‎0.10‎ ‎0.05‎ ‎0.025‎ ‎0.010‎ ‎0.005‎ ‎0.001‎ k ‎2.072‎ ‎2.706‎ ‎3.841‎ ‎5.024‎ ‎6.635‎ ‎7.879‎ ‎10.828‎ ‎(参考公式:,其中n=a+b+c+d)‎ ‎【考点】独立性检验的应用.‎ ‎【分析】(1)根据在100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为,可得喜爱游泳的学生,即可得到列联表;利用公式求得K2,与临界值比较,即可得到结论;‎ ‎(2)喜欢游泳的共60人,按分层抽样抽取6人,则每个个体被抽到的概率均为,从而需抽取男生4人,女生2人.故X的所有可能取值为0,1,2,求出相应的概率,即可求X的分布列和数学期望.‎ ‎【解答】解:(1)因为在100人中随机抽取1人抽到喜欢游泳的学生的概率为,‎ 所以喜欢游泳的学生人数为人…‎ 其中女生有20人,则男生有40人,列联表补充如下:‎ 喜欢游泳 不喜欢游泳 合计 男生 ‎40‎ ‎10‎ ‎50‎ 女生 ‎20‎ ‎30‎ ‎50‎ 合计 ‎60‎ ‎40‎ ‎100‎ ‎…‎ 因为…‎ 所以有99.9%的把握认为喜欢游泳与性别有关…‎ ‎(2)喜欢游泳的共60人,按分层抽样抽取6人,则每个个体被抽到的概率均为,‎ 从而需抽取男生4人,女生2人.‎ 故X的所有可能取值为0,1,2…,‎ X的分布列为:‎ X ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ P ‎…‎ ‎…‎ ‎ ‎ ‎19.在四棱锥中P﹣ABCD,底面ABCD是正方形,侧面PAD⊥底面ABCD,且PA=PD=AD、E、F,分别为PC、BD的中点.‎ ‎(1)求证:EF∥平面PAD;‎ ‎(2)在线段AB上是否存在点G,使得二面角C﹣PD﹣G的余弦值为,若存在,请求出点G的位置;若不存在,请说明理由.‎ ‎【考点】二面角的平面角及求法;直线与平面平行的判定.‎ ‎【分析】(1)连接AC,由正方形性质可知,AC与BD相交于点F,证明:EF∥PA,即可证明EF∥平面PAD;‎ ‎(2)以O为原点,分别以射线OA,OF和OP为x轴,y轴和z轴建立空间直角坐标系,O﹣xyz,利用向量方法,即可求解.‎ ‎【解答】(1)证明:连接AC,由正方形性质可知,AC与BD相交于点F,‎ 所以,在△PAC中,EF∥PA…‎ 又PA⊂平面PAD,EF⊄平面PAD…‎ 所以EF∥平面PAD…‎ ‎(2)取AD的中点O,连接OP,OF,‎ 因为PA=PD,所以PO⊥AD,‎ 又因为侧面PAD⊥底面ABCD,交线为AD,所以PO⊥平面ABCD,‎ 以O为原点,分别以射线OA,OF和OP为x轴,y轴和z 轴建立空间直角坐标系,O﹣xyz,不妨设AD=2…‎ 则有P(0,0,1),D(﹣1,0,0),C(﹣1,2,0),假设在AB上存在点G(1,a,0),0<a<2,‎ 则=(﹣1,2,﹣1),=(﹣1,0,﹣1),=(2,a,0)…‎ 因为侧面PAD⊥底面ABCD,交线为AD,且底面是正方形,‎ 所以CD⊥平面PAD,则CD⊥PA,‎ 由PA2+PD2=AD2得PD⊥PA,‎ 所以PA⊥PDC,即平面PDC的一个法向量为=(1,0,﹣1)…‎ 设平面PDG的法向量为=(x,y,z),则,亦即,可取=(a,﹣2,﹣a)…‎ 由二面角C﹣PD﹣G的余弦值为,可得a=1…,‎ 所以线段AB上存在点G,且G为AB的中点,使得二面角C﹣PD﹣G的余弦值为…‎ ‎ ‎ ‎20.已知椭圆C:的短轴长为2,离心率e=,‎ ‎(1)求椭圆C的标准方程:‎ ‎(2)若F1、F2分别是椭圆C的左、右焦点,过F2的直线l与椭圆C交于不同的两点A、B,求△F1AB的内切圆半径的最大值.‎ ‎【考点】椭圆的简单性质;直线与圆锥曲线的综合问题.‎ ‎【分析】(1)利用已知条件列出方程组求出a,b,然后求解椭圆的方程.‎ ‎(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),设△F1AB的内切圆的半径为R,表示出△F1AB 的周长与面积,设直线l的方程为x=my+1,联立直线与椭圆方程,利用韦达定理,表示三角形面积,令,利用基本不等式求解面积的最大值,然后求解△F1AB内切圆半径的最大值为.‎ ‎【解答】解:(1)由题意可得…‎ 解得…‎ 故椭圆的标准方程为…‎ ‎(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),设△F1AB的内切圆的半径为R,‎ 因为△F1AB的周长为4a=8,,‎ 因此最大,R就最大…,‎ 由题意知,直线l的斜率不为零,可设直线l的方程为x=my+1,‎ 由得(3m2+4)y2+6my﹣9=0,‎ 所以,…‎ 又因直线l与椭圆C交于不同的两点,‎ 故△>0,即(6m)2+36(3m2+4)>0,m∈R,则…‎ 令,则t≥1,.‎ 令,由函数的性质可知,函数f(t)在上是单调递增函数,‎ 即当t≥1时,f(t)在[1,+∞)上单调递增,‎ 因此有,所以,‎ 即当t=1,m=0时,最大,此时,‎ 故当直线l的方程为x=1时,△F1AB内切圆半径的最大值为…‎ ‎ ‎ ‎21.设函数G(x)=xlnx+(1﹣x)ln(1﹣x).‎ ‎(1)求G(x)的最小值:‎ ‎(2)记G(x)的最小值为e,已知函数,若对于任意的x∈(0,+∞),恒有f(x)≥0成立,求实数a的取值范围.‎ ‎【考点】利用导数求闭区间上函数的最值.‎ ‎【分析】(1)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间,从而求出函数的最小值即可;‎ ‎(2)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的最小值,结合题意从而求出a的范围即可.‎ ‎【解答】解:(1)由已知得…‎ 令G'(x)<0,得;令G'(x)>0,得,‎ 所以G(x)的单调减区间为,单调增区间为…‎ 从而…‎ ‎(2)由(1)中c=﹣ln2得…‎ 所以…‎ 令g(x)=ax2•ex﹣(a+1),则g'(x)=ax(2+x)ex>0…‎ 所以g(x)在(0,+∞)上单调递增,‎ 因为g(0)=﹣(a+1),且当x→+∞时,g(x)>0,‎ 所以存在x0∈(0,+∞),使g(x0)=0,‎ 且f(x)在(0,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增…‎ 因为,所以,‎ 即,因为对于任意的x∈(0,+∞),恒有f(x)≥0成立,‎ 所以…‎ 所以,即,‎ 亦即,所以…‎ 因为,所以,‎ 又x0>0,所以0<x0≤1,从而,‎ 所以,故…‎ ‎ ‎ 请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.作答时请写清题号.[选修4-4:坐标系与参数方程]‎ ‎22.已知在直角坐标系中,曲线的C参数方程为(φ为参数),现以原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线l的极坐标方程为ρ=.‎ ‎(1)求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;‎ ‎(2)在曲线C上是否存在一点P,使点P到直线l的距离最小?若存在,求出距离的最小值及点P的直角坐标;若不存在,请说明理由.‎ ‎【考点】简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程.‎ ‎【分析】(1)利用坐标的互化方法,求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;‎ ‎(2)点P到直线l的距离d==,即可求出距离的最小值及点P的直角坐标.‎ ‎【解答】解:(1)曲线的C参数方程为(φ为参数),普通方程为(x﹣1)2+(y﹣1)2=4,‎ 直线l的极坐标方程为ρ=,直角坐标方程为x﹣y﹣4=0;‎ ‎(2)点P到直线l的距离d==,‎ ‎∴φ﹣=2kπ﹣,即φ=2kπ﹣(k∈Z),距离的最小值为,点P的直角坐标(1+,1﹣).‎ ‎ ‎ ‎[选修4-5:不等式选讲]‎ ‎23.已知函数f(x)=|x|+|x﹣3|.‎ ‎(1)解关于x的不等式f(x)﹣5≥x;‎ ‎(2)设m,n∈{y|y=f(x)},试比较mn+4与2(m+n)的大小.‎ ‎【考点】绝对值不等式的解法;绝对值三角不等式.‎ ‎【分析】(1)分类讨论,即可解关于x的不等式f(x)﹣5≥x;‎ ‎(2)由(1)易知f(x)≥3,所以m≥3,n≥3,利用作差法,即可比较mn+4与2(m+n)的大小.‎ ‎【解答】解:(1)…‎ 得或或,解之得或x∈ϕ或x≥8,‎ 所以不等式的解集为…‎ ‎(2)由(1)易知f(x)≥3,所以m≥3,n≥3…‎ 由于2(m+n)﹣(mn+4)=2m﹣mn+2n﹣4=(m﹣2)(2﹣n)…‎ 且m≥3,n≥3,所以m﹣2>0,2﹣n<0,即(m﹣2)(2﹣n)<0,‎ 所以2(m+n)<mn+4…‎ ‎ ‎ ‎2017年1月30日

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