2016-2017学年河北省承德市围场县棋盘山中学九年级（上）期末物理试卷
一、填空题（每空1分，共28分）
1．在如图所示的实验装置中，玻璃球内的导线是分开的，小磁针处于静止状态．当用酒精灯把玻璃球加热到红炽状态时，发现小磁针发生了偏转；根据以上现象可知，当把玻璃球加热到红炽状态时，玻璃变成了 体，此时小磁针的 极将向螺线管偏转；小磁针和螺线管间的相互作用是通过 发生的．玻璃球内能的改变是通过 的方法实现的．
2．如图所示，大口玻璃瓶内有一些水，水的上方有水蒸气．给瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体的内能将 （填“增加”或“减少”），这是采用 的方式来改变物体的内能的．
3．用两组相同的酒精灯和烧杯等装置，分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的图象如图所示．则甲乙两种液体中， 比热容大．如果让你从甲、乙两液体中选择给汽车发动机做冷却液，应选择 液体．
4．在家庭里同时使用用电器时，整个家庭电路的总电阻 （选填“增大”或“减少”），原因是 ．
5．“千瓦时”是 （填物理量）的单位，小马家中的几样主要电器的额定功率如表所示，假如这些用电器都在工作，他 （选填“可以”或“不可以”）再开一台1500W的空调． 若他家上月末电能表的示数为1228.7kwh，本月末示数如图所示，则小明这月电 kw•h．若每kw•h电能的电费为0.6元，他这个月要交电费 元．
电器名称
第34页（共34页）
音响
彩电
照明灯
洗衣机
电冰箱
额定功率（W）
100
90
200
210
150
6．如图所示，是家用电冰箱及其部分电路图．冰箱压缩机由温控开关自动控制，冷藏室照明灯由冰箱门联动开关控制．照明灯与压缩机的连接方式是 （选填“串联”“并联”）．冰箱门关闭后，联动开关应该处于 状态，当冰箱里的温度高于设定温度时，温控开关会自动 （选填“断开”或“闭合”）
7．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S1闭合．如果S2从断开到闭合，则电流表A的示数将 ，电压表V的示数将 ，灯泡L1的亮度将 ．（前二格选填“变大”、“不变”或“变小”，最后一格选填“变亮”、“不变”或“变暗”）
8．小明按图甲所示的电路进行实验，当闭合开关用电器正常工作时，电压表V1和V2的指针位置完全一样，如图乙所示，则L2两端的电压为 V，L1两端的电压为 V．
9．研究导体的电阻与温度的关系的实验如上图所示，当用酒精灯缓慢地对灯丝线圈加热时，观察到电流表的示数变小，这表明导体电阻 （选填“变大”、“变小”），这个实验证明了导体的电阻跟 有关系．
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10．有两只定值电阻RA和RB，各自的电流与电压关系图象分别为图中的A、B．若将它们串联接在电压为4.5V的电源上，则RA两端的电压为 V，通过RB中电流是 A．
11．如图所示，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片向a端滑动，电流表的示数将 ；电压表与电流表的示数之比将 ．（填“变大”、“变小”或“不变”）
二、选择题（每题2分，共30分）
12．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（ ）
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．0℃的冰没有内能
C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高
D．温度高的物体内能一定大
13．下列关于物理概念及其的说法正确的是（ ）
A．冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃）表示1kg冰吸收的热量是2.1×103J
B．一台机器的功率为1000W，表示这台机器1s内做的功为1000J
C．物体含有内能的多少叫热量
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D．一台机器的机械效率是60%，表示这台机器所做的功中有用功比额外功多40%
14．如图所示是内燃机的四个冲程示意图，由图可知这四个冲程的工作循环顺序是（ ）
A．甲 乙 丙 丁 B．丁 丙 乙 甲 C．丁 甲 丙 乙 D．乙 甲 丁 丙
15．如图所示是小汪同学研究并联电路电流特点的电路图．当闭合电键时，A1电流表无示数，A2电流表有示数；如把两灯互换，则闭合电键后两电流表均有示数．则电路中存在故障的原因是（ ）
A．L1断路 B．L1短路 C．L2断路 D．L2短路
16．下列四个电路图中与实物图相对应的是（ ）
A． B． C． D．
17．如图所示的电路中，要想测出L2两端的电压，连接正确的是（ ）
A． B． C． D．
18．小宇同学思考能不能只用一只电表测出小灯泡的电功率，他设计了下列四个电路图．图中的电源电压U保持不变，小灯泡的额定电压为U0，且U＞U0，定值电阻的阻值为R．在不改变电路连接的情况下，能测出小灯泡额定功率的是（ ）
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A． B． C． D．
19．如图是人们在生活用电中的几种做法，其中正确的是（ ）
A．试电笔的握法B．带金属外壳的用电器使用合格的三孔插座
C．多个大功率用电器同时使用一个插座D．使用绝缘皮破损的导线
20．关于电源、电压、电阻的关系，下列说法正确的是（ ）
A．在电压一定时，导体的电阻跟通过导体的电流成反比
B．在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成反比
C．在电流一定时，导体两端电压跟导体电阻成正比
D．通过导体的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比
21．核电站是由反应堆、汽轮机、发电机三部分组成．在核电站发电过程中，能量转化顺序正确的是（ ）
A．核能→机械能→内能→电能 B．核能→内能→机械能→电能
C．内能→核能→机械能→电能 D．电能→机械能→内能→核能
22．利用电流的热效应工作的家用电器是（ ）
A．洗衣机 B．电饭煲 C．电冰箱 D．电视机
23．甲、乙两炉子通过的电流之比为2：3，两端的电压比为1：5，则它们的电阻之比为（ ）
A．10：3 B．3：10 C．2：1 D．3：5
24．将两只滑动变阻器按图所示的方法连接，如果把a、b两根导线接入电路里，要使这两只变阻器接入电路中的总电阻最大，应把滑片P1、P2放在（ ）
A．P1放在最右端，P2放在最右端
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B．P1放在最左端，P2放在最左端
C．P1放在最右端，P2放在最左端
D．P1放在最左端，P2放在最右端
25．关于电磁波和现代通信，下列叙述中错误的是（ ）
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波的频率越高，在空气中传播的速度越大
C．电磁波是一种资源，人们应该合理使用
D．微波通信、卫星通信、光纤通信、网络通信都可以用来传递信息
26．在如图所示电路中，闭合开关S后，在滑片P向右滑动过程中，各电表示数变化正确的是（ ）
A．A1、A3示数不变，A2、V示数变小
B．A1、V示数不变，A2、A3示数变大
C．A1、A2、V示数不变，A3示数变小
D．A2、V示数不变，A1示数变小，A3示数变大
三、作图题（每题2分，共10分）
27．如图甲所示的电路图，用笔画线代替导线把图乙所示的实物连接起来．
28．在一个圆纸盒里有一个条形磁体，圆纸盒外放着一些小磁针，各磁针N极的指向如图所示，请画出圆纸盒里的条形磁体并标明它的N、S极．
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29．请根据如图中的信息，标出电源的正负极和小磁针的N极．
30．如图所示电路中，甲、乙是两只电表，闭合开关后，两灯均能发光，请在圆圈内填入电流表或电压表的代表符号．
31．请你将下图中的三孔插座用笔画线代替导线正确连入电路中．
四、实验，探究题（第32题4分、33题13分，共17分）
32．小明在研究物体吸收的热量与哪些因素有关时，他在两只相同的杯子里，装入质量相等的A、B两种不同的液体，用两个相同的加热器给它们加热，如图甲所示．用温度计测出两种液体在不同时刻的温度，并画出它们温度随时间变化的图象，如图乙所示．
（1）根据实验物体吸收热量的多少可能与 和 有关．
（2）热量是一个抽象的物理量．本实验将“物体吸收热量的多少”转化为通过比较 来实现，这种方法称为“转换法”．
（3）以下描述中同样采用“转换法”的是 ．
A．水压使水管中形成水流，类似地，电压使电路中形成电流；
B．根据物质在常态下的形状和体积是否固定，可将物质分为三态；
C．研究导体的电阻与导体的长度，横截面积，材料是否有关系；
D．通过观察木桩被重物打入沙子的深度，可比较重物重力势能的大小．
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33．如图2所示，是测量小灯泡电功率的实物元件图，其中电源是由三只蓄电池组成，小灯泡额定电压是3.8V，其灯丝电阻约为10Ω，滑动变阻器标有“10Ω、1A”字样，电流表（0～0.6A、0～3A），电压表（0～3V、0～15V）．
（1）本实验的原理是： ；
（2）请用笔画线代替导线，把图2中的电路元件连接成实验电路．（要求：滑片P向左移时灯变亮，且连线不得交叉）
（3）在如图1的方框内画出相应的电路图．
（4）在实验前，开关应 ，滑动变阻器应调到最 端（左或右）测量小灯泡的额定功率时，应先调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为 V，再测出电路中的电流如图3所示为 ，即可计算出额定功率为 ；若小灯泡两端实际电压为额定电压的1.2 倍，则实际功率为额定功率的 倍．（假设电阻值不变）
（5）实验时，若发现电流表指针摆动分别出现了如图4、图5所示的两种情况．请分析在使用电流表时分别存在什么问题，并写在下面的横线上．图4现象存在的问题： ；图5现象存在的问题： ．
五、计算题（共15分）
34．已知煤气的热值为3.6×107J/m3，0.28m3
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的煤气完全燃烧放出的热量是多少？若这些热量的50%被温度为20℃、质量为30kg的水吸收，则水温升高多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．
35．如图所示，电源电压恒定为6V，R1为6Ω，R2为12Ω．
（1）当开关S1、S2断开时，电流表的示数是0.2A，求R3的阻值？
（2）当S1闭合、S2断开时，电流表的示数？
（3）当S1、S2都闭合时，电流表的示数？
36．使用电烙铁焊接元件，有时为了省电和避免烙铁头太热而不宜沽锡，通过控制开关使电路具有以下特点：在暂不焊接时，电烙铁处于保温状态，需焊接时，能很快达到焊接温度．已知电源电压是220V，电烙铁的内部电路如图所示．开关S接在a点时，电烙铁的电功率P1为100W．开关接b点时，电烙铁的电功率为P2．问：
（1）电烙铁处于保温状态时，开关S接在哪点？
（2）若P1=4P2，电阻丝R1、R2的电阻各是多大？
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2016-2017学年河北省承德市围场县棋盘山中学九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每空1分，共28分）
1．在如图所示的实验装置中，玻璃球内的导线是分开的，小磁针处于静止状态．当用酒精灯把玻璃球加热到红炽状态时，发现小磁针发生了偏转；根据以上现象可知，当把玻璃球加热到红炽状态时，玻璃变成了 导 体，此时小磁针的 N 极将向螺线管偏转；小磁针和螺线管间的相互作用是通过 磁场 发生的．玻璃球内能的改变是通过 热传递 的方法实现的．
【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则；热传递改变物体内能；电流的形成；导体和绝缘体的区别．
【分析】通过小磁针的变化可知螺线管中产生了磁场，则可知电路中产生了电流，则可知玻璃中电阻的变化；由右手螺旋定则可知电磁铁的磁极，进而可知N极的转动方向．
【解答】解：小磁针的指向发生偏转，说明电磁铁产生了磁性，由此可知电路中有了电流．电路的变化只是玻璃球由常温变成了红炽状态．玻璃在常温下是绝缘体，现在电路中有了电流，说明此时的玻璃变成了导体．
利用安培定则，可以确定螺线管的右端为S极，根据磁极间的作用规律可以确定，小磁针的N极向左偏转去靠近螺线管的右端．
由磁场知识可知，磁体间的作用是通过磁场发生的．
玻璃球是从酒精灯上吸收了热量导致其内能增加，温度升高的．
故答案为：导；N；磁场；热传递
2．如图所示，大口玻璃瓶内有一些水，水的上方有水蒸气．给瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体的内能将 减少 （填“增加”或“减少”），这是采用 做功 的方式来改变物体的内能的．
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【考点】做功改变物体内能．
【分析】用力打气，对瓶内气体做功，瓶内气体内能增加、温度升高；继续打气，当瓶内气体压强大于大气压强，瓶塞跳起，水蒸气对塞子做功，内能减少、温度降低．
【解答】解：给瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体膨胀做功，将气体的内能转化为瓶塞的机械能，气体的内能减少、温度降低，这是采用做功的方式来改变物体的内能的．
故答案为：减少；做功．
3．用两组相同的酒精灯和烧杯等装置，分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的图象如图所示．则甲乙两种液体中， 乙 比热容大．如果让你从甲、乙两液体中选择给汽车发动机做冷却液，应选择 乙 液体．
【考点】比热容的概念；水的比热容的特点及应用．
【分析】据图象分析，在升高相同的温度的情况下，时间长的升温慢，时间短的升温快；加热时间的长短表示了物体吸收热要做汽车的冷却液，应选用比热容大的液体．根据Q=cm△t可知，在质量和升高的温度都相同时，比热容大的吸收的热量多．
【解答】解：由图象知：两种液体升高相同的温度50℃时，甲液体用时20分钟，乙液体用时40分钟，乙液体升温慢；在相同的时间内，即两种液体所吸收的热量是相同的，
∵Q=cm△t，
∴c=，
∴在相同的时间内，所吸收的热量一定的情况下，两种液体质量相等，乙液体温度升高的慢，即乙的比热容大，所以做冷却液体用乙液体好．
故答案为：乙；乙．
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4．在家庭里同时使用用电器时，整个家庭电路的总电阻 减少 （选填“增大”或“减少”），原因是 用电器并联相当于增大导体横截面积 ．
【考点】电阻的并联．
【分析】电阻的并联相当于增加了导体的横截面积，横截面积越大导体的电阻越小，据此即可解答．
【解答】解：家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；
由于并联的电阻相当于增加了导体的横截面积，并联的电阻越多，总电阻减小；
所以．家庭电路中，同时工作的用电器越多，电路的总电阻就越小．
故答案为：减小；用电器并联相当于增大导体横截面积．
5．“千瓦时”是 电功 （填物理量）的单位，小马家中的几样主要电器的额定功率如表所示，假如这些用电器都在工作，他 不可以 （选填“可以”或“不可以”）再开一台1500W的空调． 若他家上月末电能表的示数为1228.7kwh，本月末示数如图所示，则小明这月电 46.1 kw•h．若每kw•h电能的电费为0.6元，他这个月要交电费 27.66 元．
电器名称
音响
彩电
照明灯
洗衣机
电冰箱
额定功率（W）
100
90
200
210
150
【考点】电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】（1）千瓦时是由功率单位和时间单位复合而成，根据公式电功W=Pt可知，若电功率单位取kW，时间单位取h，则电功的单位就是千瓦•时（即kW•h）．
（2）根据功率公式P=UI求出最大功率．根据已装功率和待装功率，判断能否再开一台1500W的空调．
（3）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数，②最后一位是小数，③单位kW•h．根据每kW•h电能的电费为0.6元，可计算他这个月要交的电费．
【解答】解：（1）千瓦•时（kW•h）俗称度，是电功（电能）的常用单位．
（2）电能表的最大功率P=UI=220V×10A=2200W．
如果再接入电路中一台1500W的空调，则电路中的总功率P′=100W+90W+200W+210W+150W+1500W=2250W＞2200W；
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所以不可以再开一台1500W的空调．
（3）电能表的示数为1274.8kW•h﹣1128.7kW•h=46.1kW•h．
每kW•h电能的电费为0.6元，他这个月要交电费46.1kW•h×0.6元/kW•h=27.66元．
故答案为：电功；不可以；46.1；27.66．
6．如图所示，是家用电冰箱及其部分电路图．冰箱压缩机由温控开关自动控制，冷藏室照明灯由冰箱门联动开关控制．照明灯与压缩机的连接方式是 并联 （选填“串联”“并联”）．冰箱门关闭后，联动开关应该处于 断开 状态，当冰箱里的温度高于设定温度时，温控开关会自动 闭合 （选填“断开”或“闭合”）
【考点】电路的基本连接方式．
【分析】（1）并联电路中，各用电器互不影响．
（2）根据冰箱门开，灯亮可知：开关应闭合；则冰箱门关闭，灯灭，开关应断开．
（3）冰箱里的温度降低到一定程度后，压缩机应停止工作，温控开关应断开．
【解答】解：（1）因为电冰箱的压缩机与照明灯可以单独工作，互不影响，因此电冰箱压缩机与照明灯为并联．
（2）冰箱门关上时，照明灯应熄灭，则联动开关应处于断开状态．
（3）当冰箱里的温度高于设定温度时，压缩机要工作，所以温控开关会自动闭合．
故答案为：并联；断开；闭合．
7．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S1闭合．如果S2从断开到闭合，则电流表A的示数将 变大 ，电压表V的示数将 不变 ，灯泡L1的亮度将 不变 ．（前二格选填“变大”、“不变”或“变小”，最后一格选填“变亮”、“不变”或“变暗”）
【考点】电路的动态分析．
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【分析】由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测通过L1的电流；开关S1、S2闭合时，两灯泡并联，电流表测干路电流，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L1的电流和实际功率不变，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化．
【解答】解：
由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测通过L1的电流；
开关S1、S2闭合时，两灯泡并联，电流表测干路电流，电压表测电源的电压，
因电源电压保持不变，
所以，电压表V的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过L1的电流和实际功率不变，灯泡L1的亮度不变；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变大，即电流表A的示数变大．
故答案为：变大；不变；不变．
8．小明按图甲所示的电路进行实验，当闭合开关用电器正常工作时，电压表V1和V2的指针位置完全一样，如图乙所示，则L2两端的电压为 2 V，L1两端的电压为 8 V．
【考点】电压表的读数方法；串联电路的电压规律．
【分析】由图可知，电路是由两个电灯串联而成，两个电压表分别测的是总电压和L2两端的电压，这两个电压值是不会相等的，指针一样，说明选择的量程不同，然后根据串联电路电压的特点读出电压表的示数，然后计算出L1和L2两端的电压．
【解答】解：从图中可以看出V1测电源电压，V2测L2两端电压，而两表指针一样，说明V1选的是大量程，V2的是小量程，则V1的示数为10V；V2示数为2V；又因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，则灯L2两端电压为2V；
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灯L1两端电压为10V﹣2V=8V．
故答案为：2；8．
9．研究导体的电阻与温度的关系的实验如上图所示，当用酒精灯缓慢地对灯丝线圈加热时，观察到电流表的示数变小，这表明导体电阻 变大 （选填“变大”、“变小”），这个实验证明了导体的电阻跟 温度 有关系．
【考点】影响电阻大小的因素．
【分析】由于电源电压不变，根据电流表示数的变化，结合I=变形即可分析出电阻随温度升高如何变化的．
【解答】解：由I=变形可得R=，由于电源电压不变，电流表的示数变小，故电阻丝的电阻变大；故此实验说明导体的电阻与温度有关，温度越高，电阻越大．
故答案为：变大；温度．
10．有两只定值电阻RA和RB，各自的电流与电压关系图象分别为图中的A、B．若将它们串联接在电压为4.5V的电源上，则RA两端的电压为 3 V，通过RB中电流是 0.3 A．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】根据欧姆定律可计算RA和RB的电阻，根据串联电路电压规律可计算它们串联后的电阻，串联电路各处电流都相等，进一步根据欧姆定律计算RA两端的电压和通过RB中电流．
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【解答】解：RA=，
RB=，
R=RA+RB=10Ω+5Ω=15Ω，
，
UA=IRA=0.3A×10Ω=3V，
故答案为：3，0.3．
11．如图所示，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片向a端滑动，电流表的示数将 变大 ；电压表与电流表的示数之比将 不变 ．（填“变大”、“变小”或“不变”）
【考点】欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素．
【分析】两电阻串联，电压表与R1并联，电流表串联在电流中；当滑片向a端滑动时，分析其接入电路中电阻的变化，根据电阻的大小与其两端电压和通过的电流无关，大小等于两端电压和通过的电流的比值．
【解答】解：滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻减小，电流增大，即电流表示数变大；又因R1的阻值不变，由U=IR1得，电压表示数也变大；由于R1的阻值与其两端电压和通过的电流无关，并且等于两端电压和通过电流的比值，故电压表和电流表的示数比值不变．
故答案为 变大，不变．
二、选择题（每题2分，共30分）
12．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（ ）
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．0℃的冰没有内能
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C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高
D．温度高的物体内能一定大
【考点】温度、热量与内能的关系．
【分析】（1）一切物体都具有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，内能的大小与物体的温度、质量和体积有关；
（2）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递中，只能说吸收或放出热量，不能说含有或者具有热量；
【解答】解：A、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故B错误．
B、一切物体都具有内能，0℃的冰也具有内能，故B错误；
C、物体吸收热量，温度可以不升高，例如晶体熔化过程中，吸收热量，但温度不变，故C正确；
D、因为内能的大小与物体的温度、质量和体积都有关．故D错误．
故选C．
13．下列关于物理概念及其的说法正确的是（ ）
A．冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃）表示1kg冰吸收的热量是2.1×103J
B．一台机器的功率为1000W，表示这台机器1s内做的功为1000J
C．物体含有内能的多少叫热量
D．一台机器的机械效率是60%，表示这台机器所做的功中有用功比额外功多40%
【考点】比热容的概念；机械效率；功率的概念；热量的概念．
【分析】①冰的比热容及机器功率的含义可依据定义分析．
②热量是过程量不能用“含有”“具有”修饰，应该用“吸收”或“放出”来形容．
③机械效率是有用功和总功的比值．
【解答】解：A、冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃）表示1kg冰温度每升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量是2.1×103J，故A错误；
B、一台机器的功率为1000W，表示这台机器1s内做的功为1000J，故B正确；
C、物体通过热传递方式改变的内能称为热量．热量是过程量，不能用“含有”修饰，故C错误；
D、一台机器的机械效率是40%，表示这台机器所做的有用功占总功的40%，故D错误．
故选B．
14．如图所示是内燃机的四个冲程示意图，由图可知这四个冲程的工作循环顺序是（ ）
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A．甲 乙 丙 丁 B．丁 丙 乙 甲 C．丁 甲 丙 乙 D．乙 甲 丁 丙
【考点】内燃机的四个冲程．
【分析】解答这类试题，一定要先把每个冲程的特点把握好．
吸气冲程是活塞向下运动，进气门开，排气门关闭；压缩冲程是活塞向上运动，两个气门全关闭；做功冲程是两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动；排气冲程是活塞向上运动，进气门关闭，排气门开启．
【解答】解：甲图中，两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；
乙图中，一个气门（排气门）打开，另一个气门（进气门）关闭，活塞向上运动，是排气冲程；
丙图中，两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程；
丁图中一个气门（进气门）打开，另一个气门（排气门）关闭，活塞向下运动，是吸气冲程；
故顺序是丁、甲、丙、乙；
故选C．
15．如图所示是小汪同学研究并联电路电流特点的电路图．当闭合电键时，A1电流表无示数，A2电流表有示数；如把两灯互换，则闭合电键后两电流表均有示数．则电路中存在故障的原因是（ ）
A．L1断路 B．L1短路 C．L2断路 D．L2短路
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】由于电流表A1没有示数，说明L1灯没有电流，因此可能L1断路，而电流表A2有示数，说明L2灯不可能断路；两灯互换后，两表均有示数，说明L2灯不可能短路，因为短路后，电源正负极就直接相连，电流表都会满，偏甚至烧坏，因此故障发生在L1灯上．
【解答】解：A、L1灯断路后，开始A1没有示数，两灯互换后，A1有示数说明L2
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没有断路，正好符合题设，故A正确；
B、L1灯短路后，电源正负极就直接相连，两电流表都会满，偏甚至烧坏，因此L1不能短路，故B错；
C、若L2断路，两电流表应该均有示数，不符合题意，故C错；
D、若L2短路，电表A2就直接连接的电源两极，电流表A2会满，偏甚至烧坏，故D错．
故选A．
16．下列四个电路图中与实物图相对应的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】根据实物图画电路图．
【分析】由实物图可知，电流从电源的正极出发，分别流经两个灯泡，经过一个灯泡后，直接回到负极，经过另一个灯泡后，再经过开关，回到负极，两灯并联，开关控制一只灯泡，对各选项逐一分析．
【解答】解：在A中，两只灯泡串联，不合题意．
在B中，开关闭合后，一只灯泡被短路，不合题意．
在C中，两只灯泡并联，开关控制一只灯泡，符合题意．
在D中，两只灯泡并联，开关控制两只灯泡，不合题意．
故选C．
17．如图所示的电路中，要想测出L2两端的电压，连接正确的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】电压表的使用．
【分析】根据电压表的使用规则分析：
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①电压表要并联在电路中；
②电流要从“+“接线柱流入，从“﹣“接线柱流出（否则指针反转）；
③被测电压不要超过电压表的量程（可以采用试触的方法来看是否超过量程）．
【解答】解：A、电压表的正负接线柱接错了，且测量的是L1、L2的电压，故A错误；
B、开关闭合后，电压表测L1的电压，故B错误；
C、电压表与L2并联，测L2的电压，故C正确；
D、电压表虽然并联在L2两端，但正负接线柱接错，故D错误．
故选：C．
18．小宇同学思考能不能只用一只电表测出小灯泡的电功率，他设计了下列四个电路图．图中的电源电压U保持不变，小灯泡的额定电压为U0，且U＞U0，定值电阻的阻值为R．在不改变电路连接的情况下，能测出小灯泡额定功率的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】串、并联电路的设计；电功率的计算．
【分析】小灯泡的额定功率等于额定电压和额定电流的乘积，小灯泡的额定电压U0已知，关键是测出额定电流．可以不考虑S1和滑动变电阻的作用，假设都是闭合状态，分别分析每个电路的开关及电流表和电压表的关系，看哪一个电路图能测量出灯泡的额定电流．
【解答】解：A、S2闭合S3断开时，电流表把灯泡短路，灯泡不发光；S2断开S3闭合时，电流表把电阻短路；两个都闭合或断开时，电流表均无示数．测不出灯泡的额定电流，故不符合题意；
B、S2闭合S3断开，电压表测电灯两端的电压，其上端为正接线柱、下端为负接线柱；S3闭合S2断开，电压表测定值电阻R两端的电压，其上端为负接线柱，下端为正接线柱；电压表的两次接线方法相反，在不改变电路连接方式的情况下，无法进行测量，故不合题意；
C、开关处于1的位置，电压表测量的是灯泡和电阻串联后的两端电压U；开关处于2的位置，电压表测量的是灯泡的两端电压U0，则小灯泡的电流为I=，小灯泡的额定功率表达式是P=U0I=U0，故符合题意；
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D、开关处于1的位置，电流表把灯泡和电阻短路，电流表测量滑动电阻的电流；开关处于2的位置，电流表把小灯泡短路，测量的是通过电阻的电流．测不出灯泡的额定电流，该不符合题意．
故选C．
19．如图是人们在生活用电中的几种做法，其中正确的是（ ）
A．试电笔的握法B．带金属外壳的用电器使用合格的三孔插座
C．多个大功率用电器同时使用一个插座D．使用绝缘皮破损的导线
【考点】测电笔的使用；插座的构造与工作方式；安全用电原则．
【分析】本题根据测电笔的使用方法、三孔插座的作用及安全用电的常识进行分析判断．
【解答】解：A、试电笔要求应用手接触尾部金属片，才能使测电笔正常工作，故A握法错误；
B、带金属外壳的用电器应接地，故应使用三孔插座；故B正确；
C、大功率电器电流较大，若多个电器同时使用同一个插座，会使导线上电流过大，而发生事故，故C做法错误；
D、由于导线绝缘皮老化漏电或短路，电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故；故D错误；
故选B．
20．关于电源、电压、电阻的关系，下列说法正确的是（ ）
A．在电压一定时，导体的电阻跟通过导体的电流成反比
B．在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成反比
C．在电流一定时，导体两端电压跟导体电阻成正比
D．通过导体的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比．也就是说在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比．
【解答】解：
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A、在电压一定时，电流与电阻成反比，不是导体的电阻跟通过导体的电流成反比，故A错误；
B、在电阻一定时，电流才与电压成正比，故B错误；
C、导体两端电压取决于电源，与导体电阻和导体中的电流无关，故C错误；
D、通过导体的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比，是欧姆定律的内容，故D正确．
故选D．
21．核电站是由反应堆、汽轮机、发电机三部分组成．在核电站发电过程中，能量转化顺序正确的是（ ）
A．核能→机械能→内能→电能 B．核能→内能→机械能→电能
C．内能→核能→机械能→电能 D．电能→机械能→内能→核能
【考点】核电站发电过程中的能量转化．
【分析】根据核电站的组成部分，逐一分析各个工作阶段发生的能量转化，即可得出核能发电的整个能量转化过程．
【解答】解：核能发电时，在核反应堆中，核能转化为内能，在汽轮机中，内能再转化为机械能，在发电机中，机械能转化为电能．
故选B．
22．利用电流的热效应工作的家用电器是（ ）
A．洗衣机 B．电饭煲 C．电冰箱 D．电视机
【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．
【分析】要解答本题需掌握：电流的热效应就是把电能转化为内能．
【解答】解：
洗衣机、电冰箱主要是把电能转化为机械能；电视机主要是把电能转化为声能和光能．
只有电饭煲是把电能转化为内能，是利用电流的热效应．
故选B．
23．甲、乙两炉子通过的电流之比为2：3，两端的电压比为1：5，则它们的电阻之比为（ ）
A．10：3 B．3：10 C．2：1 D．3：5
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】已知甲、乙两炉子的电流之比和两端的电压之比，根据欧姆定律求出它们的电阻之比．
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【解答】解：甲、乙两炉子的电阻之比：
==×=×=．
故选B．
24．将两只滑动变阻器按图所示的方法连接，如果把a、b两根导线接入电路里，要使这两只变阻器接入电路中的总电阻最大，应把滑片P1、P2放在（ ）
A．P1放在最右端，P2放在最右端
B．P1放在最左端，P2放在最左端
C．P1放在最右端，P2放在最左端
D．P1放在最左端，P2放在最右端
【考点】滑动变阻器的使用．
【分析】要使滑动变阻器接入电路中的电阻最大，应该让滑动变阻器下面的电阻丝全部接入电路．
【解答】解：根据题意要求，图中的两个滑动变阻器是串联接入电路的，要使接入电路的总电阻最大，必须让每个变阻器的电阻丝都全部接入电路．对于左边的变阻器来说，电阻丝的右端接入电路，所以应该把滑片P1移到最左端；对于右边的变阻器来说，电阻丝的左端接入电路，所以应该把滑片P2移到最右端．
故选D．
25．关于电磁波和现代通信，下列叙述中错误的是（ ）
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波的频率越高，在空气中传播的速度越大
C．电磁波是一种资源，人们应该合理使用
D．微波通信、卫星通信、光纤通信、网络通信都可以用来传递信息
【考点】电磁波的传播；声与信息．
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【分析】电磁波的传播不需要介质，可在在真空中传播．
电磁波的波速与光速相同；波速等于波长与频率的乘积．
长期接受电磁辐射会造成人体免疫力下降、新陈代谢紊乱．
现代通信方式有微波通信、卫星通信、网络通信和光纤通信四种方式．
【解答】解：A、电磁波可以在真空中传播．不合题意．
B、电磁波在真空中的传播速度是宇宙中最快的速度．任何一种频率的电磁波在真空中的传播速度都相同．符合题意．
C、家用电器越来越普及，电磁波辐射对人体的伤害越来越严重．我们要合理使用电磁波．不合题意．
D、微波通信、卫星通信、光纤通信、网络通信都可以用来传递信息．不合题意．
故选B．
26．在如图所示电路中，闭合开关S后，在滑片P向右滑动过程中，各电表示数变化正确的是（ ）
A．A1、A3示数不变，A2、V示数变小
B．A1、V示数不变，A2、A3示数变大
C．A1、A2、V示数不变，A3示数变小
D．A2、V示数不变，A1示数变小，A3示数变大
【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用．
【分析】分析电流走向可知，本题电路为R1与R2并联，电流表A1测量R2电流，电流表A2被短路，电流表A3测量干路总电流，电压表示数U=U1=U2．当滑片P向右滑动时，变阻器R1阻值变大，根据并联电路电压特点及欧姆定律可得出相应电表的示数变化情况．
【解答】解：电流表A2被短路，电压表示数U=U1=U2．故此两电表示数是不变的．
电流表A1测量R2电流，故I2=，因R2为定值电阻，阻值不变，故电流表A1示数也是不变的．
电流表A3测量干路电流，故I2=，因R1滑片向右滑动，阻值变大，故R并也相应增大，由电流表A3示数变小．
故选C．
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三、作图题（每题2分，共10分）
27．如图甲所示的电路图，用笔画线代替导线把图乙所示的实物连接起来．
【考点】实物的电路连接．
【分析】根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串电路元件最多的电路，再将相应并联的部分接入电路即可．
【解答】解：采用“电流流向法”，电流从电源正极出发，依次串联开关S2、灯泡L2、开关S回到电源负极，然后进将灯泡L1和开关S1并联在开关S2和灯泡L2两端．如下图所示：
28．在一个圆纸盒里有一个条形磁体，圆纸盒外放着一些小磁针，各磁针N极的指向如图所示，请画出圆纸盒里的条形磁体并标明它的N、S极．
【考点】磁感线及其特点．
【分析】要知道小磁针静止时，北极所指的方向即为该点的磁场方向（或磁感线方向）．
知道磁感线从磁体的北极出来回到南极．
【解答】解：根据磁感线方向的规定，从北极出来回到南极．而小磁针静止时北极所指的方向为磁场的方向，从而确定磁体的南北极．如图所示：
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29．请根据如图中的信息，标出电源的正负极和小磁针的N极．
【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点；安培定则．
【分析】根据磁感线的方向判断出通电螺线管的磁极和小磁针的磁极，再根据右手定则判断出电流的方向即得电源的正负极．
【解答】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极出发回到S极，所以通电螺线管的左端为N极，右端为S极．
小磁针静止时N极所指示的方向为该点磁场的方向，所以小磁针的右端为N极．
根据右手定则，伸出右手，使大拇指指示螺线管的N极，则四指弯曲的方向为电流的方向，即电流由螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极．
故答案为：
30．如图所示电路中，甲、乙是两只电表，闭合开关后，两灯均能发光，请在圆圈内填入电流表或电压表的代表符号．
【考点】电压表的使用；电流表的使用．
【分析】根据电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联即可作出判断．
【解答】解：根据电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联，由图可知，乙与L2
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串联，故乙为电流表，甲与L2并联，故甲为电压表；如下图所示：
31．请你将下图中的三孔插座用笔画线代替导线正确连入电路中．
【考点】家庭电路的连接．
【分析】三孔插座的接法：上孔接地线，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，防止发生触电事故；左孔接零线；右孔接火线．
【解答】解：三孔插座接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如图所示：
四、实验，探究题（第32题4分、33题13分，共17分）
32．小明在研究物体吸收的热量与哪些因素有关时，他在两只相同的杯子里，装入质量相等的A、B两种不同的液体，用两个相同的加热器给它们加热，如图甲所示．用温度计测出两种液体在不同时刻的温度，并画出它们温度随时间变化的图象，如图乙所示．
（1）根据实验物体吸收热量的多少可能与 升高的温度 和 物质的种类 有关．
（2）热量是一个抽象的物理量．本实验将“物体吸收热量的多少”转化为通过比较 加热时间 来实现，这种方法称为“转换法”．
（3）以下描述中同样采用“转换法”的是 D ．
A．水压使水管中形成水流，类似地，电压使电路中形成电流；
B．根据物质在常态下的形状和体积是否固定，可将物质分为三态；
C．研究导体的电阻与导体的长度，横截面积，材料是否有关系；
D．通过观察木桩被重物打入沙子的深度，可比较重物重力势能的大小．
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【考点】控制变量法与探究性实验方案．
【分析】（1）根据Q=cm△t判断；质量相等的A、B两种不同的液体吸收的热量与其升高的温度和物质的比热容有关，而不比热容与物质的种类有关；
（2）实验中，加热时间越长，说明该物质吸收的热量越多，通过加热时间来反映吸收热量的多少，这种方法叫做转换法；
（3）转换法：物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法．
【解答】解：（1）由图象知，两物体的质量相同，不同种类的物质升高相同的温度，吸收的热量不同；
相同的物质，升高温度越大，需加热时间越长，则说明吸收热量越多；
由上可知，物体吸收热量的多少可能与升高的温度和物质的种类（或比热容）有关；
（2）本实验将“物体吸收热量的多少”转化为通过比较加热时间来实现；
（3）物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法，由其定义知，D符合要求．
故答案为：（1）物质的种类（或比热容）；（2）升高的温度；（3）加热时间的长短；D．
33．如图2所示，是测量小灯泡电功率的实物元件图，其中电源是由三只蓄电池组成，小灯泡额定电压是3.8V，其灯丝电阻约为10Ω，滑动变阻器标有“10Ω、1A”字样，电流表（0～0.6A、0～3A），电压表（0～3V、0～15V）．
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（1）本实验的原理是： P=UI ；
（2）请用笔画线代替导线，把图2中的电路元件连接成实验电路．（要求：滑片P向左移时灯变亮，且连线不得交叉）
（3）在如图1的方框内画出相应的电路图．
（4）在实验前，开关应 断开 ，滑动变阻器应调到最 右 端（左或右）测量小灯泡的额定功率时，应先调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为 3.8 V，再测出电路中的电流如图3所示为 0.4A ，即可计算出额定功率为 1.52W ；若小灯泡两端实际电压为额定电压的1.2 倍，则实际功率为额定功率的 1.44 倍．（假设电阻值不变）
（5）实验时，若发现电流表指针摆动分别出现了如图4、图5所示的两种情况．请分析在使用电流表时分别存在什么问题，并写在下面的横线上．图4现象存在的问题： 电流表正负接线柱接反了 ；图5现象存在的问题： 电流表量程太大 ．
【考点】电功率的测量．
【分析】（1）伏安法测电功率的原理是P=UI．
（2）根据电压表、电流表、滑阻的接线原则和要求，把电压表与灯泡并联，电流表与灯泡串联，滑阻下面接线柱接左边的．
（3）根据实物电路图作出实验原理图．
（4）连接电路时，应断开开关，闭合开关前，滑片要置于最大阻值处；灯泡两端电压等于额定电压时，灯泡正常发光；由P=UI求出灯泡额定功率，由电功率公式求出灯泡实际功率．
（5）电表正负接线柱接反时，电表指针将反向偏转；电表要选择合适的量程，如果所选量程太小，电表指针偏角很小，读数误差较大．
【解答】解：（1）根据电功率计算公式和电路元件可知该实验原理为：P=UI；
（2）伏安法测灯泡功率的电路图如图所示．
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（3）根据实物电路图作出实验电路图，实验电路图如图所示．
（4）在实验前，开关应 断开，滑动变阻器应调到最右测量小灯泡的额定功率时，应先调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为 3.8V；
由图3所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，灯泡额定功率P=UI=3.8V×0.4A=1.52W；
灯丝电阻不变，灯泡两端电压为额定电压的1.2倍，由P=可知，灯泡实际功率为额定功率的1.44倍；
（5）甲的问题：电流表指针反转，所以电流表正负接线柱接反；乙的问题：电流表指针偏转角度太小，所以电流表所选量程过大．
故答案为：（1）P=UI；（2）实物电路图如图所示；（3）电路图如图所示；（4）断开；右；3.8；0.4A；1.52W；1.44；（5）电流表正负接线柱接反了；电流表量程太大．
五、计算题（共15分）
34．已知煤气的热值为3.6×107J/m3，0.28m3的煤气完全燃烧放出的热量是多少？若这些热量的50%被温度为20℃、质量为30kg的水吸收，则水温升高多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．
【考点】热平衡方程的应用．
【分析】根据Q=Vq求出煤气完全燃烧放出的热量；Q吸=50%Q放求出水吸收的热量，再根据Q=cm△t求出水升高的温度．
【解答】已知：煤气的热值为q=3.6×107J/m3，煤气的体积V=0.28m3，水的质量m=30kg，水的比热c=4.2×103J/（kg•℃）
求：煤气完全燃烧放出的热量Q放=？；水升高的温度△t=？
解：煤气完全燃烧放出的热量：
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Q放=Vq=0.28m3×3.6×107J/m3=1.008×107J；
水吸收的热量：Q吸=ηQ放=50%×1.008×107J=5.04×106J，
∵Q=cm△t
∴水升高的温度：
△t===40℃．
答：煤气完全燃烧放出的热量是1.008×107J；水升高的温度为40℃．
35．如图所示，电源电压恒定为6V，R1为6Ω，R2为12Ω．
（1）当开关S1、S2断开时，电流表的示数是0.2A，求R3的阻值？
（2）当S1闭合、S2断开时，电流表的示数？
（3）当S1、S2都闭合时，电流表的示数？
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】（1）当开关S1、S2断开时，三电阻串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R3的阻值；
（2）当S1闭合，S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数；
（3）当S1、S2都闭合时，三电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点和欧姆定律求出干路电流．
【解答】解：（1）当开关S1、S2断开时，三个电阻串联，电流表测电路中的电流，
由I=可得，电路中的总电阻：R===30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R3的阻值：R3=R﹣R1﹣R2=30Ω﹣6Ω﹣12Ω=12Ω；
（2）当S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
第34页（共34页）
则电流表的示数：
I1===1A；
（3）当S1、S2都闭合时，三个电阻并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，各支路的电流分别为：
I1===1A，I2===0.5A，I3===0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表的示数：
I′=I1+I2+I3=1A+0.5A+0.5A=2A．
答：（1）R3的阻值为12Ω；
（2）当S1闭合，S2断开时，电流表的示数为1A；
（3）当S1、S2都闭合时，电流表的示数为2A．
36．使用电烙铁焊接元件，有时为了省电和避免烙铁头太热而不宜沽锡，通过控制开关使电路具有以下特点：在暂不焊接时，电烙铁处于保温状态，需焊接时，能很快达到焊接温度．已知电源电压是220V，电烙铁的内部电路如图所示．开关S接在a点时，电烙铁的电功率P1为100W．开关接b点时，电烙铁的电功率为P2．问：
（1）电烙铁处于保温状态时，开关S接在哪点？
（2）若P1=4P2，电阻丝R1、R2的电阻各是多大？
【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】（1）电烙铁保温时，电功率较小，焊接时，功率较大，根据P=和串联电路的电阻特点判断；
（2）S接在a点时，电路中只有R1，S接在b点时，两电阻串联，利用电功率的公式求R1和R串，再利用串联电路的电阻特点求R2．
【解答】解：（1）电烙铁处于保温状态时，电功率较小，由P=
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可知电路中的电阻较大，开关S接在b点；
（2）S接在a点时，处于加热状态，
∵P=，
∴R1===484Ω，
S接在b点时，R1、R2串联，
∵P=，
∴R串====1936Ω，
∵R串=R1+R2，
∴R2=R串﹣R1=1936Ω﹣484Ω=1452Ω．
答：（1）电烙铁处于保温状态时，开关S接在b点；
（2）若P1=4P2，电阻丝R1、R2的电阻各是484Ω、1452Ω．
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2017年1月31日
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