厦门外国语学校2018-2019学年高三第三次月考
物理试题
第Ⅰ卷 （本卷共40分）
一、选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1．关于近代物理知识，下列说法正确的是
A．光电子的最大初动能与入射光的频率成正比
B．在康普顿效应中，当入射的光子与晶体中的电子碰撞时，要把一部分动量转移给电子因而光子动量变小
C．原子核衰变时电荷数和质量都守恒
D．现在地球上消耗的能量，绝大部分来自太阳，即太阳内部裂变时释放的核能
2．如图所示，在天花板下用细线悬挂一半径为R的金属圆环，圆环处于静止状态，圆环一部分处在垂直于环面的磁感应强度大小为B的水平匀强磁场中，环与磁场边界交点A、B与圆心O连线的夹角为120°，此时悬线的拉力为F。若圆环通电，使悬线的拉力刚好为零，则环中电流大小和方向是
A．大小为，沿顺时针方向
B．大小为，沿逆时针方向
C．大小为，沿顺时针方向
D．大小为，沿逆时针方向
3．近来，无线充电成为应用于我们日常生活中的一项新科技，其中利用电磁感应原理来实现无线充电是比较成熟的一种方式，电动汽车无线充电方式的基本原理如图所示：路面下依次铺设圆形线圈，相邻两个线圈由供电装置通以反向电流，车身底部固定感应线圈，通过充电装置与蓄电池相连，汽车在此路面上行驶时，就可以进行充电。在汽车匀速行驶的过程中，下列说法正确的是
A. 感应线圈中电流的磁场方向一定与路面线圈中电流的磁场方向相反
B．感应线圈中产生的是方向改变、大小不变的电流
C．感应线圈一定受到路面线圈磁场的安培力，会阻碍汽车运动
D．给路面下的线圈通以同向电流，不会影响充电效果
4. 如图所示，金属环M、N用不可伸长的细线连接，分别套在水平粗糙细杆和竖直光滑细杆上，当整个装置以竖直杆为轴以不同大小的角速度匀速转动时，两金属环一直相对杆不动，下列判断正确的是
A．转动的角速度越大，细线中的拉力越大
B．转动的角速度越大，环M与水平杆之间的弹力越大
C. 转动的角速度越大，环N与竖直杆之问的弹力越大
D．转动的角速度不同，环M与水平杆之间的摩擦力大小可能相等
5. 如图O点固定着一电荷量为的点电荷，在其下方光滑绝缘水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为的试探电荷，该试探电荷经过P点时的速度为v，规定电场中P点的电势为零，则在形成的电场中( )
A. N点电势高于P点电势
B. N点场强大于P点场强
C. N点电势为
D. 试探电荷在N点具有的电势能为
6．如图甲所示，一理想变压器的原副线圈匝数之比为n1:n2 =1:2，原线圈连接正弦式交流电源，副线圈连接一个“220 V,100W”的白炽灯泡，灯泡正常发光。白炽灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。若将副线圈接上述电源，灯泡接原线圈，则灯泡的实际功率约为
A．6.25w B.11.6W C.36.3W D.100 W
7. 2017年11月5日，又有两颗北斗导航系统组网卫星通过“一箭双星”发射升空，并成功进入预定轨道，两颗卫星绕地球运动均看作匀速圆周运动。如果两颗卫星的质量均为M，其中的1号卫星轨道距离地面高度为h，2号卫星轨道距离地面高度为h'，且h'>h，把地球看做质量分布均匀的球体，已知地球半径为R，地球表面的重力加速度大小为g，引力常量 为G下列说法正确的是
A．l号卫星绕地球运动的线速度
B．1号卫星绕地球运动的周期
C．1号卫星和2号卫星做匀速圆周运动的向心力大小之比为
D．稳定在轨运行时1号卫星的机械能小于2号卫星的机械能
8．质量均为m =lkg的甲、乙两个物体同时从同地沿同一方向做直线运动，
二者的动能随位移的变化图像如图所示。下列说法正确的是
A．甲的加速度大小为2m/s2 B．乙的加速度大小为1.5m／s2
C．甲、乙在x=6m处的速度大小为2m/s D．甲、乙在x=9m处相遇
9．如图所示，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30°角的方向垂直射入磁场。甲粒子垂直于bc边离开磁场，乙粒子从ad边的中点离开磁场。已知甲、乙两带电粒子的电荷量之比为1:2，质量之比为1:2，不计粒子重力。 以下判断正确的是
A．甲粒子带负电，乙粒子带正电
B．甲粒子的动能是乙粒子动能的16倍
C．甲粒子所受洛伦兹力是乙粒子所受洛伦兹力的2倍
D．甲粒子在磁场中的运动时间是乙粒子在磁场中运动时间的 倍
10.如图甲所示，将长方形导线框abcd垂直磁场方向放入匀强磁场B中，规定垂直ab边向右为ab边所受安培力F的正方向，F随时间的变化关系如图乙所示选取垂直纸面向里为磁感应强度B的正方向，不考虑线圈的形变，则B随时间t的变化关系可能是下列选项中的
A. B. C. D.
第Ⅱ卷 （本卷共60 分）
二、实验题：
11.（6分）如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验．有一直径为d、质量为m的金属小球由A处由静止释放，下落过程中能通过A处正下方、固定于B处的光电门，测得A、B间的距离为H (H≫d)，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g.则：
(1)如图乙所示，用游标卡尺测得小球的直径d＝______mm.
(2)多次改变高度H，重复上述实验，作出随H的变化图象如图丙所示，当图中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直径d满足以下表达式：______________________时，可判断小球下落过程中机械能守恒．
(3)实验中发现动能的增加量大小ΔEk总是稍小于重力势能的减少量大小ΔEp，增加下落高度后，则：
ΔEp－ΔEk将________(选填“增加”“减小”或“不变”)．
12.(10分)(1)某实验小组在使用多用电表的过程中,下列说法中正确的是
A.在测量直流电压时,要将红表笔接在高电势点
B.测量阻值不同的电阻时,都必须重新调节欧姆调零旋钮
C.在测量未知电阻时,必须先选择倍率最大的欧姆挡进行试测
D.在测量未知电流时,必须先选择量程最大的电流挡进行试测
E.测量定值电阻时,如果红、黑表笔插错插孔,测量结果不会受影响
(2)如图所示,若用多用电表测量某电阻Rx阻值,多用电表选择开关处于“×10”欧姆挡,指针指在欧姆刻度20和40正中间位置,则Rx的阻值_____300(选填“大于”、“等于”或“小于")，此时该多用电表的中值电阻阻值_____300(选填“大于”、“等于”或“小于")。
(3)现用伏安法更精确地测量(2)中的电阻Rx可供该同学选用的器材除开关S、导线、待测电阻R外,还有:
A.电源E(E=12V,内阻不计)
B.定值电阻R0(阻值等于1)
C.电压表V(量程0~15V,内阻未知)
D.电流表A1(量程0~10mA,内阻r1=3)
E.电流表A2(量程0~0.6A,内阻r2=0.2)
F滑动变阻器R(0~1k,额定电流0.1A)
①实验中电流表应选择________(填写器材前面的字母标号)
②请在方框内画出实验电路图;
③在实验过程中,测量多组数据,以电压表读数U为纵坐标,以电流表读数为横坐标,做出相应U-I图象,发现U-I图象为一条斜率为k的直线,若考虑电表内阻对电路的影响,则电阻Rx= ______________ (用题目中已知物理量字母符号和k表示)。
四、计算题：
v0
N
45°
M
P
Q
13．（10分）如图所示，两块相同的金属板MN、PQ平行倾斜放置，与水平面的夹角为45°，两金属板间的电势差为U，PQ板电势高于MN板，且MN、PQ之间分布有方向与纸面垂直的匀强磁场。一质量为m、带电量为q的小球从PQ板的P端以速度v0竖直向上射入，恰好沿直线从MN板的N端射出，重力加速度为g。求：
（1）磁感应强度的大小和方向；
（2）小球在金属板之间的运动时间为多少？
14. (10分)如图甲所示,一根直杆AB与水平面成某一角度固定,在杆上套一个小物块,杆底端B处有一弹性挡板,杆与板面垂直.现将物块拉到A点静止释放,物块下滑与挡板第一次碰撞前后的v-t图象如图乙所示,物块最终停止在B点. 重力加速度为取g=10 m/s2.求:
(1)物块与杆之间的动摩擦因数μ.
(2)物块滑过的总路程s.
15．(12分)如图所示，有理想边界的两个匀强磁场，磁感应强度，两边界间距一边长 的正方形线框abcd由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻 现使线框以的速度从位置Ι匀速运动到位置Ⅱ．
（1）求cd边未进入右方磁场时线框所受安培力的大小．
求整个过程中线框所产生的焦耳热．
在坐标图中画出整个过程中线框a、b两点的电势差随时间t变化的图线．
16．(12分)如图所示为某自动控制系统的装置示意图，装置中间有一个以v0=3m／s的速度逆时针匀速转动的水平传送带，传送带左端点M与光滑水平面相切，水平面左侧与一倾角=37°的光滑斜面平滑连接。靠近斜面底端的P点处安装有自动控制系统，当小物块b
每次向右经过P点时都会被系统瞬时锁定从而保持静止。传送带N端与半径r=0.2m的光滑四分之一圆弧相切，小物块a从圆弧最高点由静止下滑后滑过传送带，经过M点后控制系统会使静止在P点的小物块b自动解锁，之后两物块发生第一次弹性碰撞。已知两物块的质量mb=2ma=2kg，两物块均可视为质点，物块与传送带间的动摩擦因数=0.25，MN间的距离L=1.2m，g=10m／s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
(1)物块a运动到N点时受到的支持力；
(2)物块b第一次沿斜面上滑的时间；
(3)两物块在第n次碰撞后到第n+1次碰撞前，物块a在传送带上运动产生的摩擦热。
(草稿纸)
厦门外国语学校2018-2019学年高三第三次月考物理试题参考答案
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
选项
B
A
C
D
C
B
AD
AD
CD
ABD
11.（共6分，每空2分） (1)7.15或7.20 (2)＝H0或2gH0＝d2 (3)增加
12.(10分)⑴ADE（2分，漏选错选均不得分）
⑵ 小于（1分） 小于（1分）
⑶①D（1分） ②如图（2分）
③（3分）
13．(10分)解析：（1）小球在金属板之间只能做匀速直线运动，受重力G、电场力F电和洛伦兹力f，F电的方向与金属板垂直，由左手定则可知f的方向沿水平方向，三力合外力为零，故小球带正电，金属板MN、PQ之间的磁场方向垂直纸面向外，且有
qv0B = mgtanθ ①
得B = ②
（2）设两金属板之间的距离为d，则板间电场强度E = ③
又qE = mg ④
又h=υ0t ⑤
小球在金属板之间的运动时间t = ⑥
解得t = ⑦
另解：由于f =qv0B不做功， WG=-mgh, W电= qU，则由动能定理得
qU - mgh = 0
h=υ0t
得t =
14．(10分)由图象可知,物块下滑的加速度
a1==4 m/s2,
上滑时的加速度大小a2==8 m/s2,
杆AB长L=2 m,
设斜杆的倾角为θ,物块的质量为m,物块与杆间的动摩擦因数为μ,
由牛顿第二定律得
F合=mgsin θ-μmgcos θ=ma1,
F合=mgsin θ+μmgcos θ=ma2,
代入数据,得μ=0.25, sin θ=0.6,cos θ=0.8.
(2) 对物块整个过程分析,设物块运动的路程为s,由动能定理得
mgLsin θ-μmgcos θs=0,代入数据得,s=6m
15．（12分）解：边未进入右方磁场时线框时，ab边切割产生感应电动势，
大小为
由闭合电路欧姆定律得感应电流大小为：
ab边受到的安培力大小为
设克服安培力做得功为，
有功能关系得：整个过程中线框所产生的焦耳热
边w未进入磁场，ab两端电势差，由楞次定律判断出感应电流方向沿顺时针方向，则a的电势高于b的电势，为正．
cd边进入磁场后，线框中虽然感应电流为零，但ab两端仍有电势差，由右手定则判断可知，a的电势高于b的电势，为正，所以
ab边穿出磁场后，只有cd边切割磁感线，由右手定则知，a点的电势高于b的电势，．
整个过程中线框a、b两点的电势差随时间t变化的图线如下图所示：
16．(14分)
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