2018高考数学大一轮讲义--数列(文带解析)
加入VIP免费下载

本文件来自资料包: 《2018高考数学大一轮讲义--数列(文带解析)》 共有 1 个子文件,压缩包列表如下:

注:压缩包层级关系提取自源文件,您看到的所有资料结构都和您下载的源文件一致

加入VIP免费下载
温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,天天资源网负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服处理。
网站客服:403074932
资料简介
第1讲 数列的概念及简单表示法 最新考纲 1.了解数列的概念和几种简单的表示方法(列表、图象、通项公式);‎ ‎2.了解数列是自变量为正整数的一类特殊函数.‎ 知 识 梳 理 ‎1.数列的概念 ‎(1)数列的定义:按照一定顺序排列的一列数称为数列,数列中的每一个数叫做这个数列的项.‎ ‎(2)数列与函数的关系:从函数观点看,数列可以看成以正整数集N*(或它的有限子集)为定义域的函数an=f(n),当自变量按照从小到大的顺序依次取值时所对应的一列函数值.‎ ‎(3)数列有三种表示法,它们分别是列表法、图象法和通项公式法.‎ ‎2.数列的分类 分类原则 类型 满足条件 按项数分类 有穷数列 项数有限 无穷数列 项数无限 按项与项间的大小关系分类 递增数列 an+1>an 其中n∈N*‎ 递减数列 an+1<an 常数列 an+1=an 按其他标准分类 有界数列 存在正数M,使|an|≤M 摆动数列 从第二项起,有些项大于它的前一项,有些项小于它的前一项的数列 ‎3.数列的两种常用的表示方法 ‎(1)通项公式:如果数列{an}的第n项an与序号n之间的关系可以用一个式子an=f(n)来表示,那么这个公式叫做这个数列的通项公式.‎ ‎(2)递推公式:如果已知数列{an}的第1项(或前几项),且从第二项(或某一项)开始的任一项an与它的前一项an-1(或前几项)间的关系可以用一个公式来表示,那么这个公式就叫做这个数列的递推公式.‎ ‎4.已知数列{an}的前n项和Sn,则an= 诊 断 自 测 ‎1.判断正误(在括号内打“√”或“×”) 精彩PPT展示 ‎(1)相同的一组数按不同顺序排列时都表示同一个数列.(  )‎ ‎(2)一个数列中的数是不可以重复的.(  )‎ ‎(3)所有数列的第n项都能使用公式表达.(  )‎ ‎(4)根据数列的前几项归纳出的数列的通项公式可能不止一个.(  )‎ 解析 (1)数列:1,2,3和数列:3,2,1是不同的数列.‎ ‎(2)数列中的数是可以重复的.‎ ‎(3)不是所有的数列都有通项公式.‎ 答案 (1)× (2)× (3)× (4)√‎ ‎2.(2017·长沙模拟)已知数列的前4项为2,0,2,0,则依此归纳该数列的通项不可能是(  )‎ A.an=(-1)n-1+1 B.an= C.an=2sin D.an=cos(n-1)π+1‎ 解析 对n=1,2,3,4进行验证,an=2sin不合题意,故选C.‎ 答案 C ‎3.设数列{an}的前n项和Sn=n2,则a8的值为(  )‎ A.15 B‎.16 ‎ C.49 D.64‎ 解析 当n=8时,a8=S8-S7=82-72=15.‎ 答案 A ‎4.已知an=n2+λn,且对于任意的n∈N*,数列{an}是递增数列,则实数λ的取值范围是________.‎ 解析 因为{an}是递增数列,所以对任意的n∈N*,都有an+1>an,即(n+1)2+λ(n+1)>n2+λn,整理,‎ 得2n+1+λ>0,即λ>-(2n+1).(*)‎ 因为n≥1,所以-(2n+1)≤-3,要使不等式(*)恒成立,只需λ>-3.‎ 答案 (-3,+∞)‎ ‎5.(必修5P‎33A5改编)根据下面的图形及相应的点数,写出点数构成的数列的一个通项公式an=________.‎ 答案 5n-4‎ 考点一 由数列的前几项求数列的通项 ‎【例1】 根据下面各数列前几项的值,写出数列的一个通项公式:‎ ‎(1)-1,7,-13,19,…;‎ ‎(2),,,,,…;‎ ‎(3),2,,8,,…;‎ ‎(4)5,55,555,5 555,….‎ 解 (1)偶数项为正,奇数项为负,故通项公式必含有因式(-1)n,观察各项的绝对值,后一项的绝对值总比它前一项的绝对值大6,故数列的一个通项公式为an=(-1)n(6n-5).‎ ‎(2)这是一个分数数列,其分子构成偶数数列,而分母可分解为1×3,3×5,5×7,7×9,9×11,…,每一项都是两个相邻奇数的乘积,分子依次为2,4,6,…,相邻的偶数.故所求数列的一个通项公式为an=.‎ ‎(3)数列的各项,有的是分数,有的是整数,可将数列的各项都统一成分数再观察.即,,,,,…,分子为项数的平方,从而可得数列的一个通项公式为an=.‎ ‎(4)将原数列改写为×9,×99,×999,…,易知数列9,99,999,…的通项为10‎ n-1,故所求的数列的一个通项公式为an=(10n-1).‎ 规律方法 根据所给数列的前几项求其通项时,需仔细观察分析,抓住以下几方面的特征:‎ ‎(1)分式中分子、分母的各自特征;‎ ‎(2)相邻项的联系特征;‎ ‎(3)拆项后的各部分特征;‎ ‎(4)符号特征.应多进行对比、分析,从整体到局部多角度观察、归纳、联想.‎ ‎【训练1】 (1)数列0,,,,…的一个通项公式为(  )‎ A.an=(n∈N*) B.an=(n∈N*)‎ C.an=(n∈N*) D.an=(n∈N*)‎ ‎(2)数列-,,-,,…的一个通项公式an=________.‎ 解析 (1)注意到分子0,2,4,6都是偶数,对照选项排除即可.‎ ‎(2)这个数列前4项的绝对值都等于序号与序号加1的积的倒数,且奇数项为负,偶数项为正,所以它的一个通项公式为an=(-1)n.‎ 答案 (1)C (2)(-1)n 考点二 由Sn与an的关系求an (易错警示)‎ ‎【例2】 (1)若数列{an}的前n项和Sn=3n2-2n+1,则数列{an}的通项公式an=________.‎ ‎(2)若数列{an}的前n项和Sn=an+,则{an}的通项公式an=________.‎ 解析 (1)当n=1时,a1=S1=3×12-2×1+1=2;‎ 当n≥2时,‎ an=Sn-Sn-1=3n2-2n+1-[3(n-1)2-2(n-1)+1]=6n-5,显然当n=1时,不满足上式.‎ 故数列的通项公式为an= ‎(2)由Sn=an+,得当n≥2时,Sn-1=an-1+,‎ 两式相减,得an=an-an-1,‎ ‎∴当n≥2时,an=-2an-1,即=-2.‎ 又n=1时,S1=a1=a1+,a1=1,‎ ‎∴an=(-2)n-1.‎ 答案 (1) (2)(-2)n-1‎ 规律方法 数列的通项an与前n项和Sn的关系是an=①当n=1时,a1若适合Sn-Sn-1,则n=1的情况可并入n≥2时的通项an;②当n=1时,a1若不适合Sn-Sn-1,则用分段函数的形式表示.‎ 易错警示 在利用数列的前n项和求通项时,往往容易忽略先求出a1,而是直接把数列的通项公式写成an=Sn-Sn-1的形式,但它只适用于n≥2的情形.‎ ‎【训练2】 (1)(2017·河南八校一联)在数列{an}中,Sn是其前n项和,且Sn=2an+1,则数列的通项公式an=________.‎ ‎(2)已知数列{an}的前n项和Sn=3n+1,则数列的通项公式an=________.‎ 解析 (1)依题意得Sn+1=2an+1+1,Sn=2an+1,两式相减得Sn+1-Sn=2an+1-2an,即an+1=2an,又S1=‎2a1+1=a1,因此a1=-1,所以数列{an}是以a1=-1为首项、2为公比的等比数列,an=-2n-1.‎ ‎(2)当n=1时,a1=S1=3+1=4,‎ 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=3n+1-3n-1-1=2·3n-1.‎ 显然当n=1时,不满足上式.‎ ‎∴an= 答案 (1)-2n-1 (2) 考点三 由数列的递推关系求通项公式 ‎【例3】 在数列{an}中,‎ ‎(1)若a1=2,an+1=an+n+1,则通项公式an=________.‎ ‎(2)若a1=1,an=an-1(n≥2),则通项公式an=________.‎ ‎(3)若a1=1,an+1=2an+3,则通项公式an=________.‎ 解析 (1)由题意得,当n≥2时,an=a1+(a2-a1)+(a3-a2)+…+(an-an-1)=2+(2+3+…+n)=2+=+1.又a1=2= ‎+1,符合上式,因此an=+1.‎ ‎(2)法一 因为an=an-1(n≥2),所以an-1=·an-2,…,a2=a1,以上(n-1)个式子的等号两端分别相乘得an=a1···…·==.‎ 法二 因为an=···…···a1=···…·1=.‎ ‎(3)设递推公式an+1=2an+3可以转化为an+1+t=2(an+t),‎ 即an+1=2an+t,解得t=3.‎ 故an+1+3=2(an+3).‎ 令bn=an+3,则b1=a1+3=4,‎ 且==2.‎ 所以{bn}是以4为首项,2为公比的等比数列.‎ ‎∴bn=4·2n-1=2n+1,∴an=2n+1-3.‎ 答案 (1)+1 (2) (3)2n+1-3‎ 规律方法 (1)形如an+1=an+f(n)的递推关系式利用累加法求和,特别注意能消去多少项,保留多少项.‎ ‎(2)形如an+1=an·f(n)的递推关系式可化为=f(n)的形式,可用累乘法,也可用an=··…··a1代入求出通项.‎ ‎(3)形如an+1=pan+q的递推关系式可以化为(an+1+x)=p(an+x)的形式,构成新的等比数列,求出通项公式,求变量x是关键.‎ ‎【训练3】 (1)已知数列{an}满足a1=1,a2=4,an+2+2an=3an+1(n∈N*),则数列{an}的通项公式an=________.‎ ‎(2)在数列{an}中,a1=3,an+1=an+,则通项公式an=________.‎ 解析 (1)由an+2+2an-3an+1=0,‎ 得an+2-an+1=2(an+1-an),‎ ‎∴数列{an+1-an}是以a2-a1=3为首项,2为公比的等比数列,‎ ‎∴an+1-an=3×2n-1,‎ ‎∴n≥2时,an-an-1=3×2n-2,…,a3-a2=3×2,a2-a1=3,‎ 将以上各式累加得 an-a1=3×2n-2+…+3×2+3=3(2n-1-1),‎ ‎∴an=3×2n-1-2(当n=1时,也满足).‎ ‎(2)原递推公式可化为an+1=an+-,‎ 则a2=a1+-,a3=a2+-,‎ a4=a3+-,…,an-1=an-2+-,an=an-1+- ,逐项相加得,an=a1+1-,故an=4-.‎ 答案 (1)3×2n-1-2 (2)4- ‎[思想方法]‎ ‎1.由数列的前几项求数列通项,通常用观察法(对于交错数列一般有(-1)n或(-1)n+1来区分奇偶项的符号);已知数列中的递推关系,一般只要求写出数列的前几项,若求通项可用归纳、猜想和转化的方法.‎ ‎2.强调an与Sn的关系:an= ‎3.已知递推关系求通项:对这类问题的要求不高,但试题难度较难把握.一般有两种常见思路:‎ ‎(1)算出前几项,再归纳、猜想;‎ ‎(2)利用累加或累乘法求数列的通项公式.‎ ‎[易错防范]‎ ‎1.数列是一种特殊的函数,在利用函数观点研究数列时,一定要注意自变量的取值,如数列an=f(n)和函数y=f(x)的单调性是不同的.‎ ‎2.数列的通项公式不一定唯一.‎ 基础巩固题组 ‎(建议用时:40分钟)‎ 一、选择题 ‎1.数列0,1,0,-1,0,1,0,-1,…的一个通项公式是an等于(  )‎ A. B.cos C.cos π D.cos π 解析 令n=1,2,3,…,逐一验证四个选项,易得D正确.‎ 答案 D ‎2.数列,-,,-,…的第10项是(  )‎ A.- B.- C.- D.- 解析 所给数列呈现分数形式,且正负相间,求通项公式时,我们可以把每一部分进行分解:符号、分母、分子.很容易归纳出数列{an}的通项公式an=(-1)n+1·,故a10=-.‎ 答案 C ‎3.(2016·保定调研)在数列{an}中,已知a1=1,an+1=2an+1,则其通项公式an=(  )‎ A.2n-1 B.2n-1+1‎ C.2n-1 D.2(n-1)‎ 解析 法一 由an+1=2an+1,可求a2=3,a3=7,a4=15,…,验证可知an=2n-1.‎ 法二 由题意知an+1+1=2(an+1),∴数列{an+1}是以2为首项,2为公比的等比数列,∴an+1=2n,∴an=2n-1.‎ 答案 A ‎4.数列{an}的前n项积为n2,那么当n≥2时,an等于(  )‎ A.2n-1 B.n2‎ C. D. 解析 设数列{an}的前n项积为Tn,则Tn=n2,‎ 当n≥2时,an==.‎ 答案 D ‎5.数列{an}满足an+1+an=2n-3,若a1=2,则a8-a4=(  )‎ A.7 B‎.6 ‎ C.5 D.4‎ 解析 依题意得(an+2+an+1)-(an+1+an)=[2(n+1)-3]-(2n-3),即an+2-an=2,所以a8-a4=(a8-a6)+(a6-a4)=2+2=4.‎ 答案 D 二、填空题 ‎6.若数列{an}满足关系an+1=1+,a8=,则a5=________.‎ 解析 借助递推关系,则a8递推依次得到a7=,a6=,a5=.‎ 答案  ‎7.已知数列{an}的前n项和Sn=n2+2n+1(n∈N*),则an=________.‎ 解析 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2n+1,当n=1时,a1=S1=4≠2×1+1,因此an= 答案  ‎8.(2017·北京海淀期末)已知数列{an}的前n项和为Sn,且an≠0(n∈N*),又anan+1=Sn,则a3-a1=________.‎ 解析 因为anan+1=Sn,所以令n=1得a‎1a2=S1=a1,即a2=1,令n=2,得a‎2a3=S2=a1+a2,即a3=1+a1,所以a3-a1=1.‎ 答案 1‎ 三、解答题 ‎9.数列{an}的通项公式是an=n2-7n+6.‎ ‎(1)这个数列的第4项是多少?‎ ‎(2)150是不是这个数列的项?若是这个数列的项,它是第几项?‎ ‎(3)该数列从第几项开始各项都是正数?‎ 解 (1)当n=4时,a4=42-4×7+6=-6.‎ ‎(2)令an=150,即n2-7n+6=150,解得n=16或n=-9(舍去),即150是这个数列的第16项.‎ ‎(3)令an=n2-7n+6>0,解得n>6或n<1(舍).‎ ‎∴从第7项起各项都是正数.‎ ‎10.已知数列{an}中,a1=1,前n项和Sn=an.‎ ‎(1)求a2,a3;‎ ‎(2)求{an}的通项公式.‎ 解 (1)由S2=a2得3(a1+a2)=‎4a2,‎ 解得a2=‎3a1=3.‎ 由S3=a3得3(a1+a2+a3)=‎5a3,‎ 解得a3=(a1+a2)=6.‎ ‎(2)由题设知a1=1.‎ 当n≥2时,有an=Sn-Sn-1=an-an-1,‎ 整理得an=an-1.‎ 于是 a1=1,‎ a2=a1,‎ a3=a2,‎ ‎……‎ an-1=an-2,‎ an=an-1.‎ 将以上n个等式两端分别相乘,‎ 整理得an=.‎ 显然,当n=1时也满足上式.‎ 综上可知,{an}的通项公式an=.‎ 能力提升题组 ‎(建议用时:20分钟)‎ ‎11.设an=-3n2+15n-18,则数列{an}中的最大项的值是(  )‎ A. B. C.4 D.0‎ 解析 ∵an=-3+,由二次函数性质,得当n=2或3时,an最大,最大为0.‎ 答案 D ‎12.(2017·石家庄质检)已知数列{an}满足an+2=an+1-an,且a1=2,a2=3,则a2 016的值为________.‎ 解析 由题意得,a3=a2-a1=1,a4=a3-a2=-2,a5=a4-a3=-3,a6=a5-a4=-1,a7=a6-a5=2,∴数列{an}是周期为6的周期数列,而2 016=6×336,∴a2 016=a6=-1.‎ 答案 -1‎ ‎13.(2017·太原模拟)已知数列{an}满足a1=1,an-an+1=nanan+1(n∈N*),则an=________.‎ 解析 由an-an+1=nanan+1得-=n,则由累加法得-=1+2+…+(n-1)=,又因为a1=1,所以=+1=,所以an=.‎ 答案  ‎14.(2016·开封模拟)已知数列{an}中,an=1+(n∈N*,a∈R且a≠0).‎ ‎(1)若a=-7,求数列{an}中的最大项和最小项的值;‎ ‎(2)若对任意的n∈N*,都有an≤a6成立,求a的取值范围.‎ 解 (1)∵an=1+(n∈N*,a∈R,且a≠0),‎ 又a=-7,∴an=1+(n∈N*).‎ 结合函数f(x)=1+的单调性,可知1>a1>a2>a3>a4,a5>a6>a7>…>an>1(n∈N*).‎ ‎∴数列{an}中的最大项为a5=2,最小项为a4=0.‎ ‎(2)an=1+=1+,‎ 已知对任意的n∈N*,都有an≤a6成立,‎ 结合函数f(x)=1+的单调性,‎ 可知50,即y0时,S3=a1+a2+a3=1+a1+a3≥1+2=1+2=3,当且仅当a1=a3=1时等号成立.‎ 当q0,a+2an=4Sn+3.‎ ‎(1)求{an}的通项公式;‎ ‎(2)设bn=,求数列{bn}的前n项和.‎ 解 (1)由a+2an=4Sn+3,‎ 可知a+2an+1=4Sn+1+3.‎ 可得a-a+2(an+1-an)=4an+1,‎ 即2(an+1+an)=a-a=(an+1+an)(an+1-an).‎ 由于an>0,可得an+1-an=2.‎ 又a+‎2a1=‎4a1+3,解得a1=-1(舍去)或a1=3.‎ 所以{an}是首项为3,公差为2的等差数列,通项公式为an=2n+1.‎ ‎(2)由an=2n+1可知 bn===.‎ 设数列{bn}的前n项和为Tn,则 Tn=b1+b2+…+bn ‎= ‎=.‎ 规律方法 (1)利用裂项相消法求和时,应注意抵消后并不一定只剩下第一项和最后一项,也有可能前面剩两项,后面也剩两项.‎ ‎(2)将通项公式裂项后,有时候需要调整前面的系数,使裂开的两项之差和系数之积与原通项公式相等.‎ ‎【训练2】 设Sn为等差数列{an}的前n项和,已知S3=a7,a8-‎2a3=3.‎ ‎(1)求an;‎ ‎(2)设bn=,求数列{bn}的前n项和为Tn.‎ 解 (1)设数列{an}的公差为d,‎ 由题意得 解得a1=3,d=2,‎ ‎∴an=a1+(n-1)d=2n+1.‎ ‎(2)由(1)得Sn=na1+d=n(n+2),‎ ‎∴bn==.‎ ‎∴Tn=b1+b2+…+bn-1+bn ‎= ‎= ‎=-.‎ 考点三 错位相减法求和 ‎【例3】 (2016·山东卷)已知数列{an}的前n项和Sn=3n2+8n,{bn}是等差数列,且an=bn+bn+1.‎ ‎(1)求数列{bn}的通项公式;‎ ‎(2)令cn=.求数列{cn}的前n项和Tn.‎ 解 (1)由题意知,当n≥2时,an=Sn-Sn-1=6n+5.‎ 当n=1时,a1=S1=11,符合上式.‎ 所以an=6n+5.‎ 设数列{bn}的公差为d,‎ 由即 可解得b1=4,d=3.所以bn=3n+1.‎ ‎(2)由(1)知,cn==3(n+1)·2n+1..‎ 又Tn=c1+c2+…+cn.‎ 得Tn=3×[2×22+3×23+…+(n+1)×2n+1].‎ ‎2Tn=3×[2×23+3×24+…+(n+1)×2n+2].‎ 两式作差,得 ‎-Tn=3×[2×22+23+24+…+2n+1-(n+1)×2n+2]‎ ‎=3×=-3n·2n+2.‎ 所以Tn=3n·2n+2.‎ 规律方法 (1)一般地,如果数列{an}是等差数列,{bn}是等比数列,求数列{an·bn}的前n项和时,可采用错位相减法求和,一般是和式两边同乘以等比数列{bn}‎ 的公比,然后作差求解;‎ ‎(2)在写出“Sn”与“qSn”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“Sn-qSn”的表达式.‎ ‎【训练3】 已知{an}是递增的等差数列,a2,a4是方程x2-5x+6=0的根.‎ ‎(1)求{an}的通项公式;‎ ‎(2)求数列的前n项和.‎ 解 (1)方程x2-5x+6=0的两根为2,3,‎ 由题意得a2=2,a4=3.‎ 设数列{an}的公差为d,则a4-a2=2d,故d=,‎ 从而a1=.‎ 所以{an}的通项公式为an=n+1.‎ ‎(2)设的前n项和为Sn,由(1)知=,‎ 则Sn=++…++,‎ Sn=++…++.‎ 两式相减得Sn=+-=‎ +-.所以Sn=2-.‎ ‎[思想方法]‎ 非等差、等比数列的一般数列求和,主要有两种思想 ‎1.转化的思想,即将一般数列设法转化为等差或等比数列,这一思想方法往往通过通项分解或错位相消来完成;‎ ‎2.不能转化为等差或等比的特殊数列,往往通过裂项相消法、错位相减法、倒序相加法等来求和.‎ ‎[易错防范]‎ ‎1.直接应用公式求和时,要注意公式的应用范围,如当等比数列公比为参数(字母)时,应对其公比是否为1进行讨论.‎ ‎2.在应用错位相减法时,要注意观察未合并项的正负号.‎ ‎3.在应用裂项相消法时,要注意消项的规律具有对称性,即前剩多少项则后剩多少项.‎ 基础巩固题组 ‎(建议用时:40分钟)‎ 一、选择题 ‎1.等差数列{an}的通项公式为an=2n+1,其前n项和为Sn,则数列的前10项的和为(  )‎ A.120 B‎.70 ‎ C.75 D.100‎ 解析 因为=n+2,所以的前10项和为10×3+=75.‎ 答案 C ‎2.数列{an}的前n项和为Sn,已知Sn=1-2+3-4+…+(-1)n-1·n,则S17=(  )‎ A.9 B‎.8 ‎ C.17 D.16‎ 解析 S17=1-2+3-4+5-6+…+15-16+17=1+(-2+3)+(-4+5)+(-6+7)+…+(-14+15)+(-16+17)=1+1+1+…+1=9.‎ 答案 A ‎3.数列{an}的通项公式为an=(-1)n-1·(4n-3),则它的前100项之和S100等于(  )‎ A.200 B.-‎200 ‎ C.400 D.-400‎ 解析 S100=(4×1-3)-(4×2-3)+(4×3-3)-…-(4×100-3)=4×[(1-2)+(3-4)+…+(99-100)]=4×(-50)=-200.‎ 答案 B ‎4.(2017·高安中学模拟)已知数列5,6,1,-5,…,该数列的特点是从第二项起,每一项都等于它的前后两项之和,则这个数列的前16项之和S16等于(  )‎ A.5 B‎.6 ‎ C.7 D.16‎ 解析 根据题意这个数列的前7项分别为5,6,1,-5,-6,-1,5,6,发现从第7项起,数字重复出现,所以此数列为周期数列,且周期为6,前6项和为5+6+1+(-5)+(-6)+(-1)=0.‎ 又因为16=2×6+4,所以这个数列的前16项之和S16=2×0+7=7.故选C.‎ 答案 C ‎5.已知数列{an}满足a1=1,an+1·an=2n(n∈N*),则S2 016=(  )‎ A.22 016-1 B.3·21 008-3‎ C.3·21 008-1 D.3·21 007-2‎ 解析 a1=1,a2==2,又==2.∴=2.∴a1,a3,a5,…成等比数列;a2,a4,a6,…成等比数列,‎ ‎∴S2 016=a1+a2+a3+a4+a5+a6+…+a2 015+a2 016‎ ‎=(a1+a3+a5+…+a2 015)+(a2+a4+a6+…+a2 016)‎ ‎=+=3·21 008-3.故选B.‎ 答案 B 二、填空题 ‎6.(2016·保定模拟)有穷数列1,1+2,1+2+4,…,1+2+4+…+2n-1所有项的和为________.‎ 解析 由题意知所求数列的通项为=2n-1,故由分组求和法及等比数列的求和公式可得和为-n=2n+1-2-n.‎ 答案 2n+1-2-n ‎7.(2016·宝鸡模拟)数列{an}满足an+an+1=(n∈N*),且a1=1,Sn是数列{an}的前n项和,则S21=________.‎ 解析 由an+an+1==an+1+an+2,∴an+2=an,‎ 则a1=a3=a5=…=a21,a2=a4=a6=…=a20,‎ ‎∴S21=a1+(a2+a3)+(a4+a5)+…+(a20+a21)‎ ‎=1+10×=6.‎ 答案 6‎ ‎8.(2017·安阳二模)已知数列{an}中,an=-4n+5,等比数列{bn}的公比q满足q=an-an-1(n≥2)且b1=a2,则|b1|+|b2|+|b3|+…+|bn|=________.‎ 解析 由已知得b1=a2=-3,q=-4,∴bn=(-3)×(-4)n-1,∴|bn|=3×4n-1,即{|bn|}是以3为首项,4为公比的等比数列,∴|b1|+|b2|+…+|bn|==4n-1.‎ 答案 4n-1‎ 三、解答题 ‎9.(2016·北京卷)已知{an}是等差数列,{bn}是等比数列,且b2=3,b3=9,a1=b1,a14=b4.‎ ‎(1)求{an}的通项公式;‎ ‎(2)设cn=an+bn,求数列{cn}的前n项和.‎ 解 (1)设等差数列{an}的公差为d,等比数列{bn}的公比为q,‎ 由得 ‎∴bn=b1qn-1=3n-1,‎ 又a1=b1=1,a14=b4=34-1=27,‎ ‎∴1+(14-1)d=27,解得d=2.‎ ‎∴an=a1+(n-1)d=1+(n-1)×2=2n-1(n=1,2,3,…).‎ ‎(2)由(1)知an=2n-1,bn=3n-1,因此cn=an+bn=2n-1+3n-1.‎ 从而数列{cn}的前n项和 Sn=1+3+…+(2n-1)+1+3+…+3n-1‎ ‎=+=n2+.‎ ‎10.(2017·贵阳一模)已知数列{an}的前n项和是Sn,且Sn+an=1(n∈N*).‎ ‎(1)求数列{an}的通项公式;‎ ‎(2)设bn=log(1-Sn+1)(n∈N*),令Tn=++…+,求Tn.‎ 解 (1)当n=1时,a1=S1,‎ 由S1+a1=1,得a1=,‎ 当n≥2时,Sn=1-an,Sn-1=1-an-1,‎ 则Sn-Sn-1=(an-1-an),即an=(an-1-an),‎ 所以an=an-1(n≥2).‎ 故数列{an}是以为首项,为公比的等比数列.‎ 故an=·=2·(n∈N*).‎ ‎(2)因为1-Sn=an=.‎ 所以bn=log(1-Sn+1)=log=n+1,‎ 因为==-,‎ 所以Tn=++…+ ‎=++…+=-=.‎ 能力提升题组 ‎(建议用时:20分钟)‎ ‎11.(2016·郑州模拟)已知数列{an}的通项公式为an=(n∈N*),其前n项和为Sn,则在数列S1,S2,…,S2 016中,有理数项的项数为(  )‎ A.42 B‎.43 C.44 D.45‎ 解析 an= ‎= ‎=-.‎ 所以Sn=1-+++…+=1-,‎ 因此S3,S8,S15…为有理项,又下标3,8,15,…的通项公式为n2-1(n≥2),所以n2-1≤2 016,且n≥2,‎ 所以2≤n≤44,所以有理项的项数为43.‎ 答案 B ‎12.(2017·济南模拟)在数列{an}中,an+1+(-1)nan=2n-1,则数列{an}的前12项和等于(  )‎ A.76 B‎.78 ‎ C.80 D.82‎ 解析 因为an+1+(-1)nan=2n-1,所以a2-a1=1,‎ a3+a2=3,a4-a3=5,a5+a4=7,a6-a5=9,a7+a6=11,…,a11+a10=19,a12-a11=21,所以a1+a3=2,a4+a2=8,…,a12+a10=40,‎ 所以从第一项开始,依次取两个相邻奇数项的和都等于2,从第二项开始,依次取两个相邻偶数项的和构成以8为首项,以16为公差的等差数列,以上式相加可得,S12=a1+a2+a3+…+a12=(a1+a3)+(a5+a7)+(a9+a11)+(a2+a4)+(a6+a8)+(a10+a12)=3×2+8+24+40=78.‎ 答案 B ‎13.设f(x)=,若S=f +f +…+f ,则S=________.‎ 解析 ∵f(x)=,∴f(1-x)==,‎ ‎∴f(x)+f(1-x)=+=1.‎ S=f +f +…+f ,①‎ S=f +f +…+f ,②‎ ‎①+②得,‎ ‎2S=++…+=2 014,‎ ‎∴S==1 007.‎ 答案 1 007‎ ‎14.(2015·山东卷)已知数列{an}是首项为正数的等差数列,数列的前n项和为.‎ ‎(1)求数列{an}的通项公式;‎ ‎(2)设bn=(an+1)·2an,求数列{bn}的前n项和Tn.‎ 解 (1)设数列{an}的公差为d,令n=1,得=,‎ 所以a‎1a2=3.①‎ 令n=2,得+=,‎ 所以a‎2a3=15.②‎ 解①②得a1=1,d=2,所以an=2n-1.‎ ‎(2)由(1)知bn=2n·22n-1=n·4n,‎ 所以Tn=1×41+2×42+…+n×4n,‎ 所以4Tn=1×42+2×43+…+n×4n+1,‎ 两式相减,得-3Tn=41+42+…+4n-n·4n+1‎ ‎=-n·4n+1=×4n+1-.‎ 所以Tn=×4n+1+=.‎

资料: 29.3万

进入主页

人气:

10000+的老师在这里下载备课资料