福建省龙岩市长汀县2019年中考数学一模试卷（含解析）.doc

‎2019年福建省龙岩市长汀县中考数学一模试卷 一．选择题（共10小题，满分40分，每小题4分）‎ ‎1．下列所给的汽车标志图案中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎2．十九大报告指出，我国目前经济保持了中高速增长，在世界主要国家中名列前茅，国内生产总值从54万亿元增长80万亿元，稳居世界第二，其中80万亿用科学记数法表示为（　　）‎ A．8×1012 B．8×1013 C．8×1014 D．0.8×1013‎ ‎3．下列运算正确的是（　　）‎ A．（﹣a2）3＝a6 B．3a2•a＝3a2 ‎ C．﹣2a+a＝﹣a D．6a6÷2a2＝3a3‎ ‎4．如图，在△ABC中，∠C＝90°，EF∥AB，∠1＝33°，则∠A的度数为（　　）‎ A．57° B．47° C．43° D．33°‎ ‎5．已知一次函数y＝（m﹣1）x的图象上两点A（x1，y1），B（x2，y2），当x1＞x2时，有y1＜y2，那么m的取值范围是（　　）‎ A．m＞0 B．m＜0 C．m＞1 D．m＜1‎ ‎6．如图，在Rt△ABC中，CD是斜边AB上的中线，已知CD＝1.5，BC＝2，则cosB的值是（　　）‎ A． B． C． D．‎ 23‎ ‎7．在△ABC中，∠A，∠B均为锐角，且有|tanB﹣|+（2cosA﹣1）2＝0，则△ABC是（　　）‎ A．直角（不等腰）三角形 B．等边三角形 ‎ C．等腰（不等边）三角形 D．等腰直角三角形 ‎8．在一个口袋中有4个完全相同的小球，把它们分别标号为1，2，3，4，随机摸出一个小球不放回，再随机摸出一个小球，则两次摸出小球的标号之和为奇数的概率是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎9．如图，在▱ABCD中，AD＝16，点E，F分别是BD，CD的中点，则EF等于（　　）‎ A．10 B．8 C．6 D．4‎ ‎10．如图，D3081次六安至汉口动车在金寨境内匀速通过一条隧道（隧道长大于火车长），火车进入隧道的时间x与火车在隧道内的长度y之间的关系用图象描述大致是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ 二．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）‎ ‎11．对于任意不相等的两个数a，b，定义一种运算※如下：a※b＝，如3※2＝＝，那么6※3＝　 　．‎ ‎12．把多项式3a3b﹣27ab3分解因式的结果是　 　．‎ ‎13．等边△ABO的边长为3，在平面直角坐标系中的位置如图所示，则A点的坐标是　 　‎ 23‎ ‎14．如图，10块相同的小长方形墙砖拼成一个大长方形，设小长方形墙砖的长和宽分别为x厘米和y厘米，则列出的方程组为　 　．‎ ‎15．如图，一等腰三角形，底边长是21厘米，底边上的高是21厘米，现在沿底边依次从下往上画宽度均为3厘米的矩形，画出的矩形是正方形时停止，则这个矩形是第　 　个．‎ ‎16．如图，正方形ABCB1中，AB＝1，AB与直线l的夹角为30°，延长CB1交直线l于点A1，作正方形A1B1C1B2，延长C1B2交直线l于点A2，作正方形A2B2C2B3，延长C2B3交直线l于点A3，作正方形A3B3C3B4，…，依此规律，则A2016A2017＝　 　．‎ 三．解答题（共9小题，满分86分）‎ ‎17．解不等式组，并把不等式组的解集在数轴上表示出来．‎ ‎18．已知m2+3m﹣4＝0，求代数式（m+2﹣）÷的值．‎ ‎19．已知：如图，点C，D在线段AB上，△PCD是等边三角形，且AC＝1，CD＝2，DB＝4．求证：△ACP∽△PDB．‎ 23‎ ‎20．如图，在梯形ABCD中，AD∥BC，∠C＝90°，∠BAD＝120°，AB＝AD＝4，BC＝6，以点A为圆心在这个梯形内画出一个最大的扇形（图中阴影部分）．‎ ‎（1）求这个扇形的面积；‎ ‎（2）若将这个扇形围成圆锥，求这个圆锥的底面积．‎ ‎21．一商店销售某种商品，平均每天可售出20件，每件盈利40元．为了扩大销售、增加盈利，该店采取了降价措施，在每件盈利不少于25元的前提下，经过一段时间销售，发现销售单价每降低1元，平均每天可多售出2件．‎ ‎（1）若降价3元，则平均每天销售数量为　 　件；‎ ‎（2）当每件商品降价多少元时，该商店每天销售利润为1200元？‎ ‎22．“足球运球”是中考体育必考项目之一．兰州市某学校为了解今年九年级学生足球运球的掌握情况，随机抽取部分九年级学生足球运球的测试成绩作为一个样本，按A，B，C，D四个等级进行统计，制成了如下不完整的统计图．（说明：A级：8分﹣10分，B级：7分﹣7.9分，C级：6分﹣6.9分，D级：1分﹣5.9分）‎ 根据所给信息，解答以下问题：‎ ‎（1）在扇形统计图中，C对应的扇形的圆心角是　 　度；‎ ‎（2）补全条形统计图；‎ ‎（3）所抽取学生的足球运球测试成绩的中位数会落在　 　等级；‎ ‎（4）该校九年级有300名学生，请估计足球运球测试成绩达到A级的学生有多少人？‎ 23‎ ‎23．如图，已知⊙O是△ABC的外接圆，且AB＝BC＝CD，AB∥CD，连接BD．‎ ‎（1）求证：BD是⊙O的切线；‎ ‎（2）若AB＝10，cos∠BAC＝，求BD的长及⊙O的半径．‎ ‎24．如图，抛物线y＝﹣x2+bx+c（b为常数）与x轴交于A、C两点，与y轴交于B点，直线AB的函数关系式为y＝x+．‎ ‎（1）求该抛物线的函数关系式与C点坐标；‎ ‎（2）已知点M（m，0）是线段OA上的一个动点，过点M作x轴的垂线l分别与直线AB和抛物线交于D、E两点，当m为何值时，△BDE恰好是以DE为底边的等腰三角形？‎ ‎（3）在（2）问条件下，当△BDE恰好是以DE为底边的等腰三角形时，动点M相应位置记为点M′，将OM′绕原点O顺时针旋转得到ON（旋转角在0°到90°之间）；‎ ‎①探究：线段OB上是否存在定点P（P不与O、B重合），无论ON如何旋转，始终保持不变，若存在，试求出P点坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎②试求出此旋转过程中，（NA+NB）的最小值．‎ 23‎ ‎25．如图，AB是⊙O的直径，＝，连结AC，过点C作直线l∥AB，点P是直线l上的一个动点，直线PA与⊙O交于另一点D，连结CD，设直线PB与直线AC交于点E．‎ ‎（1）求∠BAC的度数；‎ ‎（2）当点D在AB上方，且CD⊥BP时，求证：PC＝AC；‎ ‎（3）在点P的运动过程中 ‎①当点A在线段PB的中垂线上或点B在线段PA的中垂线上时，求出所有满足条件的∠ACD的度数；‎ ‎②设⊙O的半径为6，点E到直线l的距离为3，连结BD，DE，直接写出△BDE的面积．‎ 23‎ ‎2019年福建省龙岩市长汀县中考数学一模试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共10小题，满分40分，每小题4分）‎ ‎1．【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．‎ ‎【解答】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；‎ B、既是轴对称图形，又是中心对称图形，故本选项正确；‎ C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；‎ D、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．‎ ‎2．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．‎ ‎【解答】解：80万亿用科学记数法表示为8×1013．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．‎ ‎3．【分析】根据幂的乘方、单项式与单项式的乘除运算法则、合并同类项法则逐一计算可得．‎ ‎【解答】解：A、（﹣a2）3＝﹣a6，此选项错误；‎ B、3a2•a＝3a3，此选项错误；‎ C、﹣2a+a＝﹣a，此选项正确；‎ D、6a6÷2a2＝3a4，此选项错误；‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题主要考查整式的运算，解题的关键是掌握幂的乘方、单项式与单项式的乘除运算法则、合并同类项法则．‎ ‎4．【分析】先根据平行线的性质求出∠B的度数，再由直角三角形的性质求出∠A 23‎ 的度数即可．‎ ‎【解答】解：∵EF∥AB，∠1＝33°，‎ ‎∴∠B＝∠1＝33°，‎ ‎∵△ABC中，∠C＝90°，∠B＝33°，‎ ‎∴∠A＝90°﹣∠B＝90°﹣33°＝57°．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查的是平行线的性质及直角三角形的性质，用到的知识点为：两直线平行，内错角相等．‎ ‎5．【分析】根据一次函数的增减性可求解．‎ ‎【解答】解：∵一次函数y＝（m﹣1）x的图象上两点A（x1，y1），B（x2，y2），且x1＞x2时，有y1＜y2‎ ‎∴m﹣1＜0‎ ‎∴m＜1‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查了一次函数图象上点的坐标特征，利用一次函数增减性解决问题是本题的关键．‎ ‎6．【分析】根据直角三角形的性质求出AB，根据余弦的定义计算即可．‎ ‎【解答】解：∵Rt△ABC中，CD是斜边AB上的中线，‎ ‎∴AB＝2CD＝3，‎ 在Rt△ABC中，cosB＝＝，‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查的是解直角三角形、直角三角形的性质，掌握余弦的定义、直角三角形斜边上的中线是斜边的一半是解题的关键．‎ ‎7．【分析】直接利用特殊角的三角函数值得出∠B，∠A的度数，进而得出答案．‎ ‎【解答】解：∵|tanB﹣|+（2cosA﹣1）2＝0，‎ ‎∴tanB＝，2cosA＝1，‎ 则∠B＝60°，∠A＝60°，‎ ‎∴△ABC是等边三角形．‎ 故选：B．‎ 23‎ ‎【点评】此题主要考查了特殊角的三角函数值，正确记忆相关数据是解题关键．‎ ‎8．【分析】先画树状图展示所有12种等可能的结果数，再找出其中两次摸出的小球的标号的和为奇数的结果数，然后根据概率公式求解．‎ ‎【解答】解：画树状图为：‎ 共有12种等可能的结果数，其中两次摸出的小球的标号的和为奇数的结果数为8，‎ 所以两次摸出的小球的标号的和为奇数的概率为＝，‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率．‎ ‎9．【分析】利用三角形的中位线定理即可解决问题；‎ ‎【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，‎ ‎∴BC＝AD＝16，‎ ‎∵点E，F分别是BD，CD的中点，‎ ‎∴EF＝BC＝8，‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查平行四边形的性质、三角形的中位线定理等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考基础题．‎ ‎10．【分析】先分析题意，把各个时间段内y与x之间的关系分析清楚，本题是分段函数，分为三段．‎ ‎【解答】解：根据题意可知火车进入隧道的时间x与火车在隧道内的长度y之间的关系具体可描述为：当火车开始进入时y逐渐变大，火车完全进入后一段时间内y不变，当火车开始出来时y逐渐变小，故反映到图象上应选A．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了动点问题的函数图象，主要考查了根据实际问题作出函数图象的能力．解题的关键是要知道本题是分段函数，分情况讨论y与x之间的函数关系．‎ 二．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）‎ ‎11．【分析】根据※的运算方法列式算式，再根据算术平方根的定义解答．‎ 23‎ ‎【解答】解：6※3＝＝1．‎ 故答案为：1．‎ ‎【点评】本题考查了算术平方根的定义，读懂题目信息，理解※的运算方法是解题的关键．‎ ‎12．【分析】先提出公因式3ab，再利用平方差公式进行因式分解．‎ ‎【解答】解：原式＝3ab（a2﹣9b2）＝3ab（a+3b）（a﹣3b）．‎ 故答案是：3ab（a+3b）（a﹣3b）．‎ ‎【点评】本题考查了提公因式法和公式法进行分解因式，解决本题的关键是熟记提公因式法和公式法．‎ ‎13．【分析】过A作AE⊥x轴于E，根据等边三角形性质求出OE，根据勾股定理求出AE，即可得出答案．‎ ‎【解答】解：过A作AE⊥x轴于E，‎ ‎∵△ABO是等边三角形，边长为3，‎ ‎∴OA＝3，OE＝BE＝1.5，‎ 在Rt△AEO中，由勾股定理得：AE＝＝＝1.5，‎ 即点A的坐标为（﹣1.5，1.5），‎ 故答案为：（﹣1.5，1.5）．‎ ‎【点评】本题考查了等边三角形的性质和勾股定理，能够正确作出辅助线是解此题的关键．‎ ‎14．【分析】根据图示可得：长方形的长可以表示为x+2y，长又是75厘米，故x+2y＝75，长方形的宽可以表示为2x，或x+3y，故2x＝3y+x，整理得x＝3y，联立两个方程即可．‎ ‎【解答】解：根据图示可得，‎ 故答案是：．‎ 23‎ ‎【点评】此题主要考查了由实际问题抽象出二元一次方程组，关键是看懂图示，分别表示出长方形的长和宽．‎ ‎15．【分析】根据相似三角形的相似比求得顶点到这个正方形的长，再根据矩形的宽求得是第几张．‎ ‎【解答】解：已知剪得的纸条中有一张是正方形，则正方形中平行于底边的边是3，‎ 所以根据相似三角形的性质可设从顶点到这个正方形的线段为x，‎ 则，解得x＝3，‎ 所以另一段长为21﹣3＝18，‎ 因为18÷3＝6，所以是第6个．‎ 故答案为：6‎ ‎【点评】本题主要考查了相相似三角形的判定和性质，关键是根据似三角形的性质及等腰三角形的性质的综合运用解答．‎ ‎16．【分析】由四边形ABCB1是正方形，得到AB＝AB1，AB∥CB1，于是得到AB∥A1C，根据平行线的性质得到∠CA1A＝30°，解直角三角形得到A1B1＝，AA1＝2，同理：A2A3＝2（）2，A3A4＝2（）3，找出规律AnAn+1＝2（）n，答案即可求出．‎ ‎【解答】解：∵四边形ABCB1是正方形，‎ ‎∴AB＝AB1，AB∥CB1，‎ ‎∴AB∥A1C，‎ ‎∴∠CA1A＝30°，‎ ‎∴A1B1＝，AA1＝2，‎ ‎∴A1B2＝A1B1＝，‎ ‎∴A1A2＝2，‎ 同理：A2A3＝2（）2，‎ A3A4＝2（）3，‎ ‎…‎ ‎∴AnAn+1＝2（）n，‎ ‎∴A2016A2017＝2（）2016＝2×31008．‎ 故答案为：2×31008．‎ ‎【点评】本题考查了正方形的性质，含30°‎ 23‎ 直角三角形的性质，平行线的性质的综合应用，求出后一个正方形的边长是前一个正方形的边长的倍是解题的关键．‎ 三．解答题（共9小题，满分86分）‎ ‎17．【分析】分别求出每一个不等式的解集，根据口诀：同大取大、同小取小、大小小大中间找、大大小小无解了确定不等式组的解集．‎ ‎【解答】解：，‎ 解不等式①，得：x≥﹣1，‎ 解不等式②，得：x＜3，‎ 则不等式组的解集为﹣1≤x＜3，‎ 将不等式组的解集表示在数轴上如下：‎ ‎【点评】本题考查的是解一元一次不等式组，正确求出每一个不等式解集是基础，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．‎ ‎18．【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，把已知等式变形后代入计算即可求出值．‎ ‎【解答】解：原式＝•＝•＝m（m+3）＝m2+3m，‎ ‎∵m2+3m﹣4＝0，‎ ‎∴m2+3m＝4，‎ ‎∴原式＝4．‎ ‎【点评】此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．‎ ‎19．【分析】根据等边三角形的性质得到∠PCD＝∠PDC＝60°，PC＝CD＝PD＝2，得到∠PCA＝∠PDB＝120°，根据已知条件得到＝，于是得到结论．‎ ‎【解答】证明：∵△PCD是等边三角形，‎ ‎∴∠PCD＝∠PDC＝60°，PC＝CD＝PD＝2，‎ ‎∴∠PCA＝∠PDB＝120°，‎ 23‎ ‎∵AC＝1，BD＝4，‎ ‎∴，＝，‎ ‎∴＝，‎ ‎∴△ACP∽△PDB．‎ ‎【点评】本题考查了相似三角形的判定，等边三角形的性质，熟练掌握相似三角形的判定定理是解题的关键．‎ ‎20．【分析】（1）作AE⊥BC，根据三角函数求得扇形的半径AE，由梯形的性质得出圆心角度数，继而根据扇形的面积公式可得．‎ ‎（2）根据圆锥的底面周长等于扇形的弧长，从而求得底面半径，从而求得面积．‎ ‎【解答】解：（1）过点A作AE⊥BC于E，‎ 则AE＝ABsinB＝4×＝2，‎ ‎∵AD∥BC，∠B＝60°，‎ ‎∴∠BAD＝120°，‎ ‎∴扇形的面积为＝4π，‎ ‎（2）设圆锥的底面半径为r，则2πr＝，‎ 解得：r＝‎ 若将这个扇形围成圆锥，这个圆锥的底面积π．‎ ‎【点评】本题要熟知切线的性质，直角梯形的性质和扇形弧长计算公式．利用切线的性质求得AE的长即半径是解题的关键，注意扇形的周长为两条半径的长加上弧长．‎ ‎21．【分析】（1）根据销售单价每降低1元，平均每天可多售出2件，可得若降价3元，则平均每天可多售出2×3＝6件，即平均每天销售数量为20+6＝26件；‎ ‎（2）利用商品平均每天售出的件数×每件盈利＝每天销售这种商品利润列出方程解答即可．‎ 23‎ ‎【解答】解：（1）若降价3元，则平均每天销售数量为20+2×3＝26件．‎ 故答案为26；‎ ‎（2）设每件商品应降价x元时，该商店每天销售利润为1200元．‎ 根据题意，得 （40﹣x）（20+2x）＝1200，‎ 整理，得x2﹣30x+200＝0，‎ 解得：x1＝10，x2＝20．‎ ‎∵要求每件盈利不少于25元，‎ ‎∴x2＝20应舍去，‎ 解得：x＝10．‎ 答：每件商品应降价10元时，该商店每天销售利润为1200元．‎ ‎【点评】此题主要考查了一元二次方程的应用，利用基本数量关系：平均每天售出的件数×每件盈利＝每天销售的利润是解题关键．‎ ‎22．【分析】（1）先根据B等级人数及其百分比求得总人数，总人数减去其他等级人数求得C等级人数，继而用360°乘以C等级人数所占比例即可得；‎ ‎（2）根据以上所求结果即可补全图形；‎ ‎（3）根据中位数的定义求解可得；‎ ‎（4）总人数乘以样本中A等级人数所占比例可得．‎ ‎【解答】解：（1）∵总人数为18÷45%＝40人，‎ ‎∴C等级人数为40﹣（4+18+5）＝13人，‎ 则C对应的扇形的圆心角是360°×＝117°，‎ 故答案为：117；‎ ‎（2）补全条形图如下：‎ 23‎ ‎（3）因为共有40个数据，其中位数是第20、21个数据的平均数，而第20、21个数据均落在B等级，‎ 所以所抽取学生的足球运球测试成绩的中位数会落在B等级，‎ 故答案为：B．‎ ‎（4）估计足球运球测试成绩达到A级的学生有300×＝30人．‎ ‎【点评】本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．‎ ‎23．【分析】（1）如图1，作直径BE，半径OC，证明四边形ABDC是平行四边形，得∠A＝∠D，由等腰三角形的性质得：∠CBD＝∠D＝∠A＝∠OCE，可得∠EBD＝90°，所以BD是⊙O的切线；‎ ‎（2）如图2，根据三角函数设EC＝3x，EB＝5x，则BC＝4x根据AB＝BC＝10＝4x，得x的值，求得⊙O的半径为，作高线CG，根据等腰三角形三线合一得BG＝DG，根据三角函数可得结论．‎ ‎【解答】（1）证明：如图1，作直径BE，交⊙O于E，连接EC、OC，‎ 则∠BCE＝90°，‎ ‎∴∠OCE+∠OCB＝90°，‎ ‎∵AB∥CD，AB＝CD，‎ ‎∴四边形ABDC是平行四边形，‎ ‎∴∠A＝∠D，‎ ‎∵OE＝OC，‎ ‎∴∠E＝∠OCE，‎ ‎∵BC＝CD，‎ ‎∴∠CBD＝∠D，‎ ‎∵∠A＝∠E，‎ ‎∴∠CBD＝∠D＝∠A＝∠OCE，‎ ‎∵OB＝OC，‎ 23‎ ‎∴∠OBC＝∠OCB，‎ ‎∴∠OBC+∠CBD＝90°，‎ 即∠EBD＝90°，‎ ‎∴BD是⊙O的切线；‎ ‎（2）如图2，∵cos∠BAC＝cos∠E＝，‎ 设EC＝3x，EB＝5x，则BC＝4x，‎ ‎∵AB＝BC＝10＝4x，‎ x＝，‎ ‎∴EB＝5x＝，‎ ‎∴⊙O的半径为，‎ 过C作CG⊥BD于G，‎ ‎∵BC＝CD＝10，‎ ‎∴BG＝DG，‎ Rt△CGD中，cos∠D＝cos∠BAC＝，‎ ‎∴，‎ ‎∴DG＝6，‎ ‎∴BD＝12．‎ 23‎ ‎【点评】本题考查了圆周角定理、三角函数以及切线的判定．要证某线是圆的切线，已知此线过圆上某点，连接圆心与这点（即为半径），再证垂直即可，在圆的有关计算中，常根据三角函数的比设未知数，列方程解决问题．‎ ‎24．【分析】（1）根据已知条件得到B（0，），A（﹣6，0），解方程组得到抛物线的函数关系式为：y＝﹣x2﹣x+，于是得到C（1，0）；‎ ‎（2）由点M（m，0），过点M作x轴的垂线l分别与直线AB和抛物线交于D、E两点，得到D（m， m+），当DE为底时，作BG⊥DE于G，根据等腰三角形的性质得到EG＝GD＝ED，GM＝OB＝，列方程即可得到结论；‎ ‎（3）①根据已知条件得到ON＝OM′＝4，OB＝，由∠NOP＝∠BON，特殊的当△NOP∽△BON时，根据相似三角形的性质得到＝＝＝，于是得到结论；‎ ‎②根据题意得到N在以O为圆心，4为半径的半圆上，由①知，＝＝，得到NP＝NB，于是得到（NA+NB）的最小值＝NA+NP，此时N，A，P三点共线，根据勾股定理得到结论．‎ ‎【解答】解：（1）在y＝x+中，令x＝0，则y＝，令y＝0，则x＝﹣6，‎ ‎∴B（0，），A（﹣6，0），‎ 把B（0，），A（﹣6，0）代入y＝﹣x2+bx+c得，‎ ‎，‎ ‎∴，‎ ‎∴抛物线的函数关系式为：y＝﹣x2﹣x+，‎ 令y＝0，则0＝﹣x2﹣x+，‎ ‎∴x1＝﹣6，x2＝1，‎ ‎∴C（1，0）；‎ 23‎ ‎（2）∵点M（m，0），过点M作x轴的垂线l分别与直线AB和抛物线交于D、E两点，‎ ‎∴D（m， m+），当DE为底时，‎ 如图1，作BG⊥DE于G，则EG＝GD＝ED，GM＝OB＝，‎ ‎∵DM+DG＝GM＝OB，‎ ‎∴m++（﹣m2﹣m+﹣m﹣）＝，‎ 解得：m1＝﹣4，m2＝0（不合题意，舍去），‎ ‎∴当m＝﹣4时，△BDE恰好是以DE为底边的等腰三角形；‎ ‎（3）①存在，如图2．‎ ‎∵ON＝OM′＝4，OB＝，‎ ‎∵∠NOP＝∠BON，‎ ‎∴当△NOP∽△BON时，＝＝＝，‎ ‎∴不变，‎ 即OP＝ON＝×4＝3，‎ ‎∴P（0，3）；‎ ‎②∵N在以O为圆心，4为半径的半圆上，由①知，＝＝，‎ ‎∴NP＝NB，‎ ‎∴（NA+NB）的最小值＝NA+NP，‎ ‎∴此时N，A，P三点共线，‎ ‎∴（NA+NB）的最小值＝＝3．‎ 23‎ ‎【点评】本题是二次函数综合题，其中涉及到待定系数法求抛物线的解析式，函数图象上点的坐标特征，等腰三角形的性质，相似三角形的性质，勾股定理等知识，正确作出辅助线是解题的关键．‎ ‎25．【分析】（1）只要证明△ABC是等腰直角三角形即可；‎ ‎（2）只要证明CB＝CP，CB＝CA即可；、‎ ‎（3）①分四种情形分别画出图形一一求解即可；‎ ‎②分两种情形如图6中，作EK⊥PC于K．只要证明四边形ADBC是正方形即可解决问题；如图7中，连接OC，作BG⊥CP于G，EK⊥PC于K．由△AOQ∽△ADB，可得S△ABD＝，可得S△PBD＝S△ABP﹣S△ABD＝，再根据S△BDE＝•S△PBD计算即可解决问题；‎ ‎【解答】解：（1）如图1中，连接BC．‎ 23‎ ‎∵＝，‎ ‎∴BC＝CA，‎ ‎∵AB是直径，‎ ‎∴∠ACB＝90°，‎ ‎∴∠BAC＝∠CBA＝45°．‎ ‎（2）解：如图1中，设PB交CD于K．‎ ‎∵＝，‎ ‎∴∠CDB＝∠CDP＝45°，CB＝CA，‎ ‎∴CD平分∠BDP，又∵CD⊥BP，‎ ‎∴∠DKB＝∠DKP＝90°，∵DK＝DK，‎ ‎∴△DKB≌△DKP，‎ ‎∴BK＝KP，‎ 即CD是PB的中垂线，‎ ‎∴CP＝CB＝CA．‎ ‎（3）①（Ⅰ）如图2，当 B在PA的中垂线上，且P在右时，∠ACD＝15°；‎ 理由：连接BD、OC．作BG⊥PC于G．则四边形OBGC是正方形，‎ ‎∵BG＝OC＝OB＝CG，‎ 23‎ ‎∵BA＝BA，‎ ‎∴PB＝2BG，‎ ‎∴∠BPG＝30°，‎ ‎∵AB∥PC，‎ ‎∴∠ABP＝30°，‎ ‎∵BD垂直平分AP，‎ ‎∴∠ABD＝∠ABP＝15°，‎ ‎∴∠ACD＝15°‎ ‎（Ⅱ）如图3，当B在PA的中垂线上，且P在左，∠ACD＝105°；‎ 理由：作BG⊥CP于G．‎ 同法可证∠BPG＝30°，可得∠APB＝∠BAP＝∠APC＝15°，‎ ‎∴∠ABD＝75°，‎ ‎∵∠ACD+∠ABD＝180°，‎ ‎∴∠ACD＝105°；‎ ‎（Ⅲ）如图4，A在PB的中垂线上，且P在右时∠ACD＝60°；‎ 理由：作AH⊥PC于H，连接BC．‎ 同法可证∠APH＝30°，可得∠DAC＝75°，∠D＝∠ABC＝45°，‎ ‎∴∠ACD＝60°；‎ ‎（Ⅳ）如图5，A在PB的中垂线上，且P在左时∠ACD＝120°‎ 23‎ 理由：作AH⊥PC于H．‎ 同法可证：∠APH＝30°，可得∠ADC＝45°，∠DAC＝60°﹣45°＝15°，‎ ‎∴∠ACD＝120°．‎ ‎②如图6中，作EK⊥PC于K．‎ ‎∵EK＝CK＝3，‎ ‎∴EC＝3，‎ ‎∵AC＝6，‎ ‎∴AE＝EC，‎ ‎∵AB∥PC，‎ ‎∴∠BAE＝∠PCE，∵∠AEB＝∠PEC，‎ ‎∴△ABE≌△CPE，‎ ‎∴PC＝AB＝CD，‎ ‎∴△PCD是等腰直角三角形，可得四边形ADBC是正方形，‎ ‎∴S△BDE＝•S正方形ADBC＝36．‎ 如图7中，连接OC，作BG⊥CP于G，EK⊥PC于K．‎ 23‎ 由题意CK＝EK＝3，PK＝1，PG＝2，‎ 由△AOQ∽△PCQ，可得QC＝，‎ PQ2＝，‎ 由△AOQ∽△ADB，可得S△ABD＝，‎ ‎∴S△PBD＝S△ABP﹣S△ABD＝，‎ ‎∴S△BDE＝•S△PBD＝‎ 综上所，满足条件的△BDE的面积为36或．‎ ‎【点评】本题考查圆综合题、等腰直角三角形的性质和判定、相似三角形的判定和性质、切线的性质、线段的垂直平分线的性质和判定、直角三角形中30度角的判定等知识，解题的关键是学会用分类讨论的思想思考问题，学会添加常用辅助线，构造特殊三角形解决问题，属于中考压轴题．‎ 23‎