河北省衡水市2019届高三下学期第三次质量检测数学（理）试卷Word版含解析.doc

河北省衡水市2019届高三下学期第三次质量检测 数学（理）试题 注意事项：‎ ‎1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和II卷（非选择题）两部分，满分分，考试时间分钟。‎ ‎2．答题前请仔细阅读答题卡（纸）上的“注意事项”，按照“注意事项”的规定答题。‎ ‎3．选择题答案涂在答题卡上，非选择题答案写在答题卡上相应位置，在试卷和草稿纸上作答无效。‎ 第Ⅰ卷 选择题（共60分）‎ 一．选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有且只有一项符合题目要求,将正确答案填涂在答题卡上。‎ ‎1.已知集合， ，则( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】分析：先化简集合，再按选项依次验证可解.‎ 详解：因为集合，‎ 所以 ‎ 故选C.‎ 点睛：本题主要考查集合的交、并、补运算，在解决集合问题时，认清集合中元素的属性(是点集、数集或其他情形)和化简集合是正确求解的两个先决条件.‎ ‎2.已知为虚数单位，若，则 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先根据复数相等得，再代入求结果.‎ ‎【详解】由，得，所以. 故选B.‎ ‎【点睛】本题考查复数相等以及指数运算，考查基本分析求解能力，属基本题.‎ ‎3.向量在正方形网格中的位置如图所示.若向量与共线,则实数（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由图像，根据向量的线性运算法则，可直接用表示出，进而可得出.‎ ‎【详解】由题中所给图像可得：，又 ，所以.‎ 故选D ‎【点睛】本题主要考查向量的线性运算，熟记向量的线性运算法则，即可得出结果，属于基础题型.‎ ‎4.函数的最大值为（　　）‎ A. B. ‎1 ‎C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先将函数解析式化简整理，由正弦函数的值域即可求出结果.‎ ‎【详解】因为，所以的最大值为.‎ 故选D ‎【点睛】本主要考查三角函数的最值问题，熟记辅助角公式以及正弦函数的值域即可，属于基础题型.‎ ‎5.七巧板是我国古代劳动人民的发明之一，被誉为“东方模板”，它是由五块等腰直角三角形、一块正方形和一块平行四边形共七块板组成的．如图是一个用七巧板拼成的正方形，若在此正方形中任取一点，则此点取自黑色部分的概率为 ‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 分析：由七巧板的构造，设小正方形的边长为1，计算出黑色平行四边形和黑色等腰直角三角形的面积之和。‎ 详解：设小正方形的边长为1，可得黑色平行四边形的底为高为；黑色等腰直角三角形的直角边为2，斜边为2，大正方形的边长为2，‎ 所以，‎ 故选C。‎ 点睛：本题主要考查几何概型，由七巧板的构造，设小正方形的边长为1，通过分析观察，求得黑色平行四边形的底和高，以及求出黑色等腰直角三角形直角边和斜边长，进而计算出黑色平行四边形和黑色等腰直角三角形的面积之和，再将黑色部分面积除以大正方形面积可得概率，属于较易题型。‎ ‎6.已知，且，函数，则“”“是在上单调递减”的（ ）‎ A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先将函数转化为y＝logat，t＝，两个基本函数，再利用复合函数求解．‎ ‎【详解】,且，为减函数.‎ 若在上单调递减，则.且，则.‎ 是的充分不必要条件.‎ 故选.‎ ‎【点睛】本题主要考查复合函数，关键是分解为两个基本函数，利用同增异减的结论研究其单调性，再求参数的范围,属于基础题．‎ ‎7.一给定函数的图象在下列四个选项中，并且对任意，由关系式得到的数列满足.则该函数的图象可能是( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用已知条件推出，判断函数的图象，推出选项即可．‎ ‎【详解】由题对于给定函数的图象在下列四个选项中，并且对任意，由关系式得到的数列满足．则可得到，所以在上都成立， 即，所以函数图象都在的下方． 故选：A．‎ ‎【点睛】本题考查函数图象的判断，数列与函数的关系，属基础题．‎ ‎8.某几何体的三视图如图所示，其中主视图，左视图均是由高为2三角形构成，俯视图由半径为3的圆与其内接正三角形构成，则该几何体的体积为( )‎ A. B. C. D. .‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由三视图知该几何体由底面边长是，高为的正三棱锥和底面半径是高为的圆锥组合而成，利用锥体的体积公式可得结果.‎ ‎【详解】由三视图知该几何体由底面边长是，‎ 高为的正三棱锥和 底面半径是，高为的圆锥组合而成，‎ 正三棱锥的体积是，‎ 圆锥的体积是，‎ 所以组合体的体积，故选A.‎ ‎【点睛】本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力，属于难题.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键，不但要注意三视图的三要素“高平齐，长对正，宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响，对简单组合体三视图问题，先看俯视图确定底面的形状，根据正视图和侧视图，确定组合体的形状.‎ ‎9.设双曲线： 的左、右焦点分别为，，，过作轴的垂线与双曲线在第一象限的交点为，已知，，点是双曲线右支上的动点，且 恒成立，则双曲线的离心率的取值范围是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据点坐标得到线段|F2Q|和|F‎2A|，从而得＞，进而有|AQ|＝ ，结合|AF1|＋|AQ|＞|F‎1F2|，即可求得离心率的范围.‎ ‎【详解】AF2垂直于x轴，则|F‎2A|为双曲线的通径的一半，‎ ‎|F‎2A|＝，A的坐标为，‎ ‎|AF1|＝.‎ Q，∴|F2Q|＝.‎ 又|F2Q|＞|F‎2A|⇒＞，‎ 故有|AQ|＝ ；‎ A在第一象限上即在右支上，则有|AF1|＋|AQ|＞|F‎1F2|，‎ 即＋－＞×‎2c⇒＞‎3c⇒‎7a＞‎6c⇒e＝＜.∵e＞1，∴1＜e＜.‎ ‎ 答案：B ‎【点睛】解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于的方程或不等式，再根据的关系消掉得到的关系式，而建立关于的方程或不等式，要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.‎ ‎10.已知实数满足若恒成立，那么的取值范围是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意，作出不等式组对应的可行域，根据的图象是过点，斜率为的直线，结合图象，即可求解.‎ ‎【详解】由题意,实数满足，即，‎ 作出约束条件所表示的平面区域，如图所示，‎ 又因为函数的图象是过点，斜率为的直线，‎ 要使得不等式恒成立，即恒成立，‎ 结合图象可知，当直线过点时，斜率取得最小值 ，‎ 所以实数的取值范围是，故选D.‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查了简单线性规划的应用，其中解答中正确求解约束条件所对应的不等式组，作出约束条件所表示的平面区域，再根据斜率公式求解是解答的关键，着重考查了数形结合思想，推理与计算能力.‎ ‎11.已知三棱锥中，，， 直线与底面所成角为，则此时三棱锥外接球的表面积为 （ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 取的中点，判断为三棱锥外接球的球心，即可求出结果.‎ ‎【详解】‎ 取中点，则，，，‎ 因为直线与底面所成角为，所以，‎ 因为，所以，即为三棱锥外接球的球心，‎ 因为，所以，‎ 所以三棱锥外接球的表面积为.‎ 故选A ‎【点睛】本题主要考查几何体外接球的相关计算，熟记球的表面积公式即可，属于常考题型.‎ ‎12.已知函数是定义在R上的奇函数，当时，则函数＝在上的所有零点之和为 A. 7 B. ‎8 ‎C. 9 D. 10‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：∵函数f（x）是定义在R上的奇函数，∴f（-x）=-f（x）．又∵函数g（x）=xf（x）-1，∴g（-x）=（-x）f（-x）-1=（-x）[-f（x）]-1=xf（x）-1=g（x），∴函数g（x）是偶函数，∴函数g（x）的零点都是以相反数的形式成对出现的．∴函数g（x）在[-6，6]上所有的零点的和为0，∴函数g（x）在[-6，+∞）上所有的零点的和，即函数g（x）在（6，+∞）上所有的零点之和．由0＜x≤2时，f（x）=2|x-1|-1，即，∴函数f（x）在（0，2]上的值域为[，1]，当且仅当x=2时，f（x）=1，又∵当x＞2时，f（x）=f(x-2)，∴函数f（x）在（2，4]上的值域为[]，函数f（x）在（4，6]上的值域为[]，函数f（x）在（6，8]上的值域为[]，当且仅当x=8时，f（x）=，函数f（x）在（8，10]上的值域为[]，当且仅当x=10时，f（x）=，故f（x）＜在（8，10]上恒成立，g（x）=xf（x）-1在（8，10]‎ 上无零点，同理g（x）=xf（x）-1在（10，12]上无零点，依此类推，函数g（x）在（8，+∞）无零点，综上函数g（x）=xf（x）-1在[-6，+∞）上的所有零点之和为8，故选B 考点：本题考查了函数的零点及性质 点评：此类问题综合了函数的奇偶性，函数的零点，函数的图象和性质，难度较大，故可以用归纳猜想的方法进行处理 第Ⅱ卷 非选择题（共90分）‎ 二．填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分，将答案填在答题卡上相应位置。‎ ‎13.曲线与直线所围成的封闭图形的面积为__________．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 由定积分的几何意义可得：封闭图形的面积.‎ ‎14.展开式中的系数为________________‎ ‎【答案】15‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先由二项展开式的通项公式求出二项式展开式的通项为，再分别令即可求出结果.‎ ‎【详解】因为二项式展开式的通项为，‎ 分别令可得，因为是正整数，所以，‎ 所以时，；时，，‎ 因此展开式中的系数为.‎ 故答案为15‎ ‎【点睛】本题主要考查二项展开式的系数问题，熟记二项式定理即可，属于常考题型.‎ ‎15.过抛物线的焦点的直线交于，点处的切线与轴分别交于点，若的面积为，则________.‎ ‎【答案】2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设出直线的方程，设出点的坐标，求得过的切线方程，由此求得的坐标，代入三角形的面积公式列方程，解得点的坐标，根据抛物线的定义求得的值.‎ ‎【详解】由题意，焦点，设直线，不妨设为左交点，，则过的切线为，则，所以，解得，则，根据抛物线的定义可得.‎ ‎【点睛】本小题主要考查直线和抛物线的位置关系，考查抛物线的切线方程，考查抛物线的定义，属于中档题.‎ ‎16.已知锐角的三个内角的余弦值分别等于钝角的三个内角的正弦值，其中，若，则的最大值为_______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 由于，且为钝角，故，由正弦定理得，故 .‎ 三．解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。‎ ‎17.已知等差数列前5项和为50，，数列的前项和为，，.‎ ‎（Ⅰ）求数列，的通项公式；‎ ‎（Ⅱ）若数列满足,，求的值.‎ ‎【答案】(1) ;(2) .‎ ‎【解析】‎ 试题分析: （I）设等差数列{an}的公差为d，利用等差数列的通项公式及其前n项和公式即可首项和公差，即可求出数列{an ‎}的通项公式，再根据数列的递推公式可得所以{bn}为首项为1，公比为4的等比数列，即可求出数列{bn}的通项公式 ‎（II）根据数列的递推公式先求出{cn}的通项公式，再分组求和．‎ 试题解析:‎ ‎（Ⅰ）设等差数列的公差为．‎ ‎ 依题意得 解得，，‎ ‎ 所以. ‎ ‎ 当时，，‎ ‎ 当时，，‎ ‎ ，‎ ‎ 以上两式相减得，则， ‎ 又，所以，.‎ ‎ 所以为首项为1，公比为4的等比数列，‎ ‎ 所以． ‎ ‎（Ⅱ）因为， ‎ ‎ 当时，， ‎ ‎ 以上两式相减得， 所以，. ‎ ‎ 当时，，所以，不符合上式， ‎ ‎ 所以 ‎ ‎ . ‎ ‎18.如图，在口中，，沿将翻折到的位置，使平面平面.‎ ‎（1）求证：平面；‎ ‎（2）若在线段上有一点满足，且二面角的大小为，求的值.‎ ‎【答案】（1）证明见解析.‎ ‎(2).‎ ‎【解析】‎ 试题分析：(1)中由余弦定理可知，作于点，由面面垂直性质定理得平面.所以. 又∵从而得证；‎ ‎（2）以为原点，以方向为轴正方向建立如图所示空间直角坐标系，由二面角的大小为60°布列关于的方程解之即可.‎ 试题解析：‎ ‎（1）中，由余弦定理，可得.‎ ‎∴，‎ ‎∴，∴.‎ 作于点，‎ ‎∵平面平面，‎ 平面平面，‎ ‎∴平面.‎ ‎∵平面，‎ ‎∴.‎ 又∵，，‎ ‎∴平面.‎ 又∵平面，‎ ‎∴.‎ 又，，‎ ‎∴平面.‎ ‎（2）由（1）知两两垂直，以为原点，以方向为轴正方向建立如图所示空间直角坐标系，‎ 则，，.‎ 设，‎ 则由 ‎.‎ 设平面的一个法向量为，‎ 则由 ‎,‎ 取.‎ 平面的一个法向量可取，‎ ‎∴‎ ‎.‎ ‎∵，‎ ‎∴.‎ ‎19.某次数学知识比赛中共有6个不同的题目，每位同学从中随机抽取3个题目进行作答，已知这6个题目中，甲只能正确作答其中的4个，而乙正确作答每个题目的概率均为，且甲、乙两位同学对每个题目的作答都是相互独立、互不影响的.‎ ‎（1）求甲、乙两位同学总共正确作答3个题目的概率；‎ ‎（2）若甲、乙两位同学答对题目个数分别是，，由于甲所在班级少一名学生参赛，故甲答对一题得15分，乙答对一题得10分，求甲乙两人得分之和的期望.‎ ‎【答案】(1);(2)50.‎ ‎【解析】‎ 分析：（1）由题意可知共答对3题可以分为3种情况：甲答对1题乙答对2题；甲答对2题乙答对1题；甲答对3题乙答对0题．由此能求出甲、乙两位同学总共正确作答3个题目的概率． （2）的所有取值有1，2，3.分别求出相应的概率，由此能求出，由题意可知 ‎，故．利用，得．‎ 详解：‎ ‎（1）由题意可知共答对3题可以分为3种情况：甲答对1题乙答对2题；甲答对2题乙答对1题；甲答对3题乙答对0题.故所求的概率 ‎ .‎ ‎（2）的所有取值有1，2，3.‎ ‎，，，故.‎ 由题意可知，故.而，所以.‎ 点睛：本题考查概率的求法，考查离散型随机变量的分布列、数学期望的求法，考查古典概型、二项分布等基础知识，考查运用求解能力，考查函数与方程思想，是中档题．‎ ‎20.在平面直角坐标系中，已知定点，点在轴上运动，点在轴上运动，点为坐标平面内的动点，且满足，．‎ ‎（1）求动点的轨迹的方程；‎ ‎（2）过曲线第一象限上一点（其中）作切线交直线于点，连结并延长交直线于点，求当面积取最大值时切点的横坐标．‎ ‎【答案】（1）；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）设，，.因为，，‎ 所以，，，得.‎ ‎（2）切线：，将代入得，‎ 直线：，将代入得，‎ 所以，由，‎ 得，‎ 设，求取最小值时，的取值即为所求 ‎【详解】（1）设，，.因为，，‎ 所以，，，所以.‎ ‎（2）切线：，将代入得，‎ 直线：，将代入得，‎ ‎，‎ 因为在抛物线上且在第一象限，‎ 所以，所以，‎ 设，‎ ‎，‎ ‎，，.‎ ‎【点睛】求轨迹方程的方法一般有：1.定义法；2.直接法；3.相关点法；‎ 考查三角形面积的最值，综合直线方程，导数的性质，三角形面积等知识，要将求最值的几何量表示为某个参数的函数式，然后用函数或不等式知识求最值 ‎21.已知函数 .‎ ‎（1）当时，讨论函数的单调性；‎ ‎（2）若且，求证：.‎ ‎【答案】(1)答案见解析；(2)证明见解析.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）求导得到导函数后，通过和两种情况，确定的正负，从而得到函数的单调性；（2）将问题转化为证明：；设，，只需证；通过求导运算，可知，再通过零点存在定理，不断确定的最值位置，从而证得，证得结论.‎ ‎【详解】（1）函数的定义域为 ‎①若时，则，在上单调递减；‎ ‎②若时，当时，‎ 当时，；当时，‎ 故在上，单调递减；在上，单调递増 ‎（2）若且，欲证 只需证 即证 设函数，，则 当时，；故函数在上单调递增 所以 设函数，则 设函数，则 当时，‎ 故存在，使得 从而函数在上单调递增；在上单调递减 当时，‎ 当时，‎ 故存在，使得 即当时，，当时，‎ 从而函数在上单调递增；在上单调递减 因为 故当时，‎ 所以 即 ‎【点睛】本题考查讨论含参数函数单调性、恒成立问题的证明.关键在于能够将恒成立的不等式变成两个函数之间的比较；对于两个函数之间大小关系的比较，通常采用最值间的比较，通过证明，得到的结论.‎ 请考生在22、23、两题中任选一题做答，如果多做，则按所做的第一题记分．‎ ‎22.在直角坐标系中，以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程是，曲线的极坐标方程为.‎ ‎（1）求曲线的直角坐标方程；‎ ‎（2）设曲线交于点，曲线与轴交于点，求线段的中点到点的距离.‎ ‎【答案】（1），；（2）‎ ‎【解析】‎ 分析：（1）利用极坐标与直角坐标的互化公式，即可得到曲线和直角坐标方程，‎ ‎（2）写出曲线的参数方程，代入曲线的直角坐标方程，根据根与系数的关系，即可求解．‎ 详解：（1）曲线的极坐标方程可以化为：，‎ 所以曲线的直角坐标方程为：，‎ 曲线的极坐标方程可以化为：，‎ 所以曲线的直角坐标方程为：；‎ ‎（2）因为点的坐标为，的倾斜角为,‎ 所以的参数方程为：（为参数），‎ 将的参数方程代入曲线的直角坐标方程得到：，‎ 整理得：，判别式，‎ 中点对应的参数为，所以线段中点到点距离为.‎ 点睛：本题主要考查了极坐标与直角坐标的互化，直线参数方程的应用，熟记极坐标与直角坐标的互化公式是解答的关键，着重考查了推理与运算能力．‎ ‎23.已知函数，．‎ ‎（1）解不等式；‎ ‎（2）若对任意的，存在，使得成立，求实数的取值范围．‎ ‎【答案】（1）；（2）‎ ‎【解析】‎ 分析：（1）由，分类讨论，即可求解不等式的解集；‎ ‎（2）对任意的，存在，使得成立，即的值域包含的值域，利用绝对值的三角不等式，求解，即可求解实数的取值范围．‎ 详解：（1）由 ‎①当时，，得，即；‎ ‎②当时，，得，即；‎ ‎③当时，，得，即；‎ 综上，不等式解集是.‎ ‎（2）对任意的，存在，使得成立，‎ 即的值域包含的值域，由，知，‎ 由 ，且等号能成立，‎ 所以，所以，即的取值范围为.‎ 点睛：本题主要考查了绝对值不等式问题，对于含绝对值不等式的解法有两个基本方法，一是运用零点分区间讨论，二是利用绝对值的几何意义求解．法一是运用分类讨论思想，法二是运用数形结合思想，将绝对值不等式与函数以及不等式恒成立交汇、渗透，解题时强化函数、数形结合与转化化归思想方法的灵活应用，这是命题的新动向．‎