安徽省黄山市2019届高中毕业班第三次质量检测理综物理试题PDF版含答案.pdf

黄山市 2019 届高中毕业班第三次质量检测 物理参考答案及评分标准 一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～18 题只有一项符合题目要求， 第 19～21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 二、实验题 22.（1）_1/2____、（ 2 分） __反比 （1 分） (2) __2____、（ 2 分） __正比 （1 分） 23. （1）如图所示---------------3 分 (2) c 1 a 1 ab 11 （每空 2 分，共 6 分） 24．（14 分）（1）研究粒子在电场中加速，由动能定理可得 0qU = 2 1 mv0 2① ---------------------------------------------- （2 分） 研究粒子在水平电场中做类平抛运动，由运动的分解得 tvLx 04 3  ② --------------------------------------------- （1 分） 2 2 1 4 atLy  ③ -------------------------------------------------------- （1 分） a= m qE ④ --------------------------------------------------------- （1 分） 可得 E= L U 3 16 0 ---------------------------------------------------------- （1 分） （2）未撤去电场时粒子在复合场中做匀速直线运动可得 EqBqv 0 ⑤ -------------------------------------------------- (1 分) 撤去电场后做匀速圆周运动，磁感应强度为 B R mVBqV O 2 0  ⑥ ------------------------------------------- （1 分） 联立②--⑥,得 R= 8 3L ⑦ -------------------------------------------------------------- （2 分） 当粒子从 AB 边中点射出时，假设此时磁感应强度为 B＇, 由几何关系可得半径 R＇= 2 L ⑧---------------------------------------- (2 分) 联立⑥⑦⑧，得 B＇/B=3/4 ------------------------------------- （2 分） 25．（18 分）（1）据分析物块 A 与木板恰好发生相对滑动时物块 B 和木板之间的摩擦力没有达到最 大静摩擦力。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D D C B A BC ABD AC 设物块 A 与木板恰好发生相对滑动时，拉力为 F0，整体的加速度大小为 a，则： 对整体： F0=（3m+M）a ① -------------------------------------------------- （ 1 分） 对木板和 B：μmg=（2m+M）a ②-------------------------------------------- （ 1 分） 解之得： F0=6N -------------------------------------------- （ 1 分） 即为使物块与木板发生相对滑动，恒定拉力至少为 6 N； （2）物块的加速度大小为： m mgFaA  =3 m/s2 ③ ---------------- （ 1 分） 木板和 B 的加速度大小为： mM mgaB 2  =1m/s2 ④ -------------- （ 1 分） 设物块滑到木板右端所需时间为 t，则： Lxx BA  ⑤ --------------- （ 1 分） 即 Ltata BA  22 2 1 2 1 ⑥ -------------------------------------------- （ 1 分） 解之得：t=2 s -------------------------------------------- （ 1 分） VA= taA =6m/s ⑦ -------------------------------------------- （ 1 分） VB= taB =2m/s ⑧ -------------------------------------------- （ 1 分） AB 发生弹性碰撞则动量守恒：mvA+2mvB= mvA’+2mvB’ ⑨-------------- （ 1 分） 机械能守恒： 2 1 mvA 2+ 2 1 2mvB 2= mvA’2+ 2mvB’2 ⑩ -------------- （ 1 分） 解得：vA’= 3 2 m/s vB’= 3 14 m/s -------------- （ 2 分） (3)撤去 F 时，滑板的速度仍为 2 m/s，AB 碰后 B 离开滑板，A 和滑板为整体动量守恒，假设两者速 度相等时未离开滑板，相对位移为 L’ m vA’+M VB =(m+M)V ⑪ ------------------------------------------ （ 1 分） μmgL’= mvA’2+ 2 1 MvB 2 - (m+M)V2 ⑫----------------------------------------（ 1 分） 得 V = 3 5 m/s L’= 15 2 m L’小于 L,假设成立，即 A 最终距滑板右端 m 相对静止。 ---------------------------------------------------------------------------- （ 2 分） 33. (1)ABD (2)①357K ②8.75 cm (2)①由理想气体状态方程： 2 0 1 0 3)4()(3)2( T sLhp T hLshp  -------------------------------------------- (3 分) 解得：T2＝357 K； -------------------------------------------- (2 分) ②假设水银能全部进入粗管，水银柱的长度 h’=4cm, --------------------- (1 分) 原来压强 P1=70cmHg, 旋转 1800 的压强 P2=80cmHg --------------------- (1 分) 由玻意耳定律可得, '3)(3 21 SLPhLSP  ------------------------------- (2 分) L’=8.75cm L’