2017-2018高二下学期物理期中联考试题(有答案江西赣州市)
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资料简介
www.ks5u.com ‎2017-2018学年第二学期赣州市十四县(市)期中联考 高二年级物理试卷 一.选择题(共10小题,每小题4分,共40分。第1-7题只有一个选项符合题目要求选对得4分,选错得0分;第8-10题有多个选项符合要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,选错或不选得0分)‎ ‎1.用电子秤称量物体重力的过程,实际上就是传感器把力学量转化为电信号的过程.下列属于这类传感器的是(  )‎ A. 红外报警装置 B. 走廊照明灯的声控开关 C. 自动洗衣机中的压力传感装置 D. 电饭煲中控制加热和保温的温控器 ‎2.关于光电效应,下列说法正确的是(  )‎ A.截止频率越大的金属材料逸出功越大 B.只要光照射的时间足够长,任何金属都能产生光电效应 C.从金属表面出来的光电子的最大初动能越大,这种金属的逸出功越小 D.入射光的光强一定时,频率越高,单位时间内逸出的光电子数就越多 ‎3.在匀强磁场中,一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图甲所示,产生的感应电动势如图乙所示,则( )‎ A. 时线框的磁通量变化率为零 B. 时线框平面与中性面重合 C. 线框产生的交变电动势有效值为 D. 线框产生的交变电动势频率为 ‎4.如图所示,L1、L2、L3、L4为四只规格均为“12V 6W”的灯泡,L1接在理想变压器的原线圈、L2、L3、L4接在副线圈回路中,a、b两端连接交流电源,交流电流表A示数为0.5A,已知灯泡L2正常发光,以下说法正确的是( )‎ A. a、b端输人功率为18W B. a、b端输人电压为36V C. a、b端输人电压为48V D.若副线圈回路再并联一只同样的灯泡,L2仍能正常发光 ‎5.如图所示是一交变电流的i-t图像,则该交变电流的有效值为( )‎ A. 4A B. A C. A D. A ‎6.下列现象不可能发生的是(  )‎ A.物体所受到的合外力很大,但物体的动量变化很小 B.物体所受到的冲量不为零,但物体的动量大小却不变 C.物体做曲线运动,但动量变化在相等的时间内却相同 D.物体只受到一个恒力的作用,但物体的动量却始终不变 ‎7.如图所示,当交流电源的电压(有效值)U=220 V,频率f=50 Hz,3只灯泡L1、L2、L3‎ 的亮度相同(L无直流电阻),若将交流电源的频率变为f=100 Hz,电压有效值不变,则(  )‎ A. L3灯比原来亮 B. L2灯比原来亮 C. L1灯比原来暗 D. L3灯和原来一样亮 ‎8.木块a和b用一根轻弹簧连接起来,放在光滑水平面上,a紧靠在墙壁上,在b上施加向左的力使轻质弹簧压缩,如图所示,对a、b和轻弹簧组成的系统,当撤去外力后,下列说法中正确的是( )‎ A. a尚未离开墙壁前,系统动量守恒 B. a尚未离开墙壁前,系统动量不守恒 C. a离开墙壁后,系统动量守恒 D. a离开墙壁后,系统动量不守恒 ‎9.利用金属晶格(大小约10-10m)作为障碍物观察电子的衍射图样,方法是让电子束通过电场加速后,照射到金属晶格上,从而得到电子的衍射图样。已知电子质量为m,电荷量为e,初速度为0,加速电压为U,普朗克常量为h,则下列说法中正确的是:( )‎ A. 该实验说明了电子具有波动性 B. 实验中电子束的德布罗意波的波长为 C. 加速电压U越大,电子的衍射现象越明显 D. 若用相同动能的质子替代电子,衍射现象将更加明显 ‎10.质量为m的小球A以速度v0在光滑水平面上运动,与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞,则碰撞后小球A的速度大小vA和小球B的速度大小vB可能为 (   )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ 二.填空题(第11、12题每空2分,第13题每空1分,共20分)‎ ‎11.如图,用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。‎ ‎(1)实验中,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,但是可以通过仅测量_____(填选项前的序号),间距地解决这个问题 A.小球开始释放的高度h B.小球抛出点距地面的高度H C.小球做平抛运动的水平位移 ‎(2)用天平测量两个小球的质量、。图中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影,实验时,先让入射球多次从斜轨上S位置静止释放;然后,把被碰小球静止于轨道的水平部分,再将入射小球从斜轨上S位置静止释放,与小球相撞,并多次重复,分别找到小球的平均落点M、P、N,并测量出平均水平位移OM、OP、ON。‎ ‎(3)若两球相碰前后的动量守恒,其表达式可表示为___________(用(2)中测量的量表示);若碰撞是弹性碰撞,那么还应该满足的表达式为___________(用(2)中测量的量表示)。‎ ‎12.某同学尝试把一个灵敏电流表改装成温度表,他所选用的器材有:灵敏电流表(待改装),学生电源(电动势为E,内阻不计),滑动变阻器,单刀双掷开关,导线若干,导热性能良好的防水材料,标准温度计,PTC热敏电阻Rt(PTC线性热敏电阻的阻值与摄氏温度t的关系为Rt=a+kt,a>0,k>0).‎ 设计电路图如图所示,并按如下步骤进行操作.‎ ‎(1)按电路图连接好实验器材.‎ ‎(2)将滑动变阻器滑片P滑到a端,单刀双掷开关S掷于________(填“c”或“d”)端,调节滑片P使电流表满偏,并在以后的操作中保持滑片P位置不动,设此时电路总电阻为R,断开电路.‎ ‎(3)容器中倒入适量开水,观察标准温度计,每当标准温度计示数下降5 ℃,就将开关S置于d端,并记录此时的温度t和对应的电流表的示数I,然后断开开关.请根据温度表的设计原理和电路图,写出电流与温度的关系式I=________(用题目中给定的符号).‎ ‎(4)根据对应温度记录的电流表示数,重新刻制电流表的表盘,改装成温度表.根据改装原理,此温度表表盘刻度线的特点是:低温刻度在________(填“左”或“右”)侧,刻度线分布是否均匀?________(填“是”或“否”).‎ ‎13.如图所示是使用光电管的原理图,当用某种可见光照射到阴极K上时,电流表中有电流通过:‎ ‎(1)当变阻器的滑动端P向______滑动时(填“左”或“右”),通过电流表的电流将会减小,当电流表电流刚减小到零时,电压表的读数为U,则阴极K的逸出功为______________(已知电子电荷量为e,普朗克常量为h,可见光的频率为ν)。‎ ‎(2)如果保持变阻器的滑动端P的位置不变,也不改变入射光的频率,而增大入射光的强度,则光电子的最大初动能将______(填“增大”、“减小”或“不变”),通过电流表的电流将会________(填“增大”、 “减小”或“不变”)。‎ ‎(3)如果将电源的正负极对调,将变阻器的滑动端P从A端逐渐向B端移动的过程中, 通过电流表的电流先______________后____________(填“增大”、“减小”或“不变”)(电源电压足够大)‎ 三.计算题(第14题8分,第15题9分,第16题10分,第17题13分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。)‎ ‎14.如图所示,N=50匝的矩形线圈abcd,ab边长L1=20 cm,ad边长L2=25 cm,放在磁感应强度B=0.4 T的匀强磁场中,外力使线圈绕垂直于磁感线且通过线圈中线的OO′轴以n=3 000 r/min的转速匀速转动,线圈总电阻r=1Ω,外电路电阻R=9Ω,t=0时线圈平面与磁感线平行,ab边正转出纸外、cd边转入纸里 ‎(π=3.14 ,).求: ‎ ‎(1)感应电动势的瞬时值表达式;‎ ‎(2)线圈转90°外力做的功;‎ ‎(3)从图示位置转过90°的过程中流过电阻R的电荷量。‎ ‎15.交流发电机的输出电功率为100kW,输出电压为250V,欲向远处输电,若输电线的电阻为8.0Ω,要求输电时输电线上损失的电功率不超过交流发电机输出电功率的5%,并向用户输送220V的电压。‎ ‎(1)请画出远距离输电的示意图;‎ ‎(2)求升压变压器原、副线圈的匝数比;‎ ‎(3)求降压变压器的原、副线圈的匝数比。‎ ‎16.如图所示,质量为m=1.0 kg的物块A以v0=4.0 m/s速度沿粗糙水平面滑向静止在水平面上质量为M=2.0 kg的物块B,物块A和物块B碰撞时间极短,碰后两物块粘在一起.已知物块A和物块B均可视为质点,两物块间的距离为L=1.75 m,两物块与水平面间的动摩擦因数均为μ=0.20,重力加速度g=10 m/s2.求:‎ ‎(1)物块A和物块B碰撞前的瞬间,物块A的速度v的大小;‎ ‎(2)物块A和物块B碰撞的过程中,物块A对物块B的冲量I;‎ ‎(3)物块A和物块B碰撞的过程中,系统损失的机械能ΔE.‎ ‎17..如图所示,在光滑的水平面上停放着一辆质量为2m平板车C,在车上的左端放有一质量为m的小木块B,在小车的左边紧靠着一个固定在竖直平面内、半径为r的光滑圆形轨道,轨道底端的切线水平且与小车的上表面相平。现有一块质量也为m的小木块A从图中圆形轨道的位置处由静止释放,然后,滑行到车上立即与小木块B发生碰撞,碰撞后两木块立即粘在一起向右在动摩擦因数为的平板车上滑行,并与固定在平板车上的水平轻质小弹簧发生作用而被弹回,最后两个木块又回到小车的最左端与车保持相对静止,重力加速度为g,求:‎ ‎(1)小木块A滑到轨道最点低时,对圆形轨道的压力;‎ ‎(2)A、B粘在一起后在平板车上滑行的总路程。‎ ‎2017-2018学年第二学期赣州市十四县(市)期中联考 高二年级物理参考答案 ‎-.选择题答案 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ C A B C C D D BC AB AC 11. ‎ (1)C (3) ‎ 或 ‎12.答案:(2) c  (3) (4)右  否 解析:(2)分析电路可知滑动变阻器为限流式接法,所以闭合开关前,使它的阻值处于最大值状态,即将滑片P滑到a端.为了设计表盘刻度,应使开关掷于c处,调节滑片,使电流表满偏.‎ ‎(3)把开关置于d端,根据闭合电路欧姆定律得I=,又Rt=a+kt,联立得出电流与温度的关系式为I=.‎ ‎(4)因为Rt=a+kt(且a>0,k>0),所以温度越低,电阻越小,回路中I越大,所以低温度刻度在右侧,由(3)中关系式可知电流与温度不是线性关系,所以刻度线分布不均匀.‎ ‎13. 右 hv-eU 不变 增大 增大 不变 ‎【解析】(1)电流表中的电流减小,则两极上的反向电压增大,所以滑动变阻器应向右滑动,因为反向电压为U时,电流表读数为零,根据动能定理得:光电子的最大初动能,根据光电效应方程可得,故 ‎(2)根据爱因斯坦光电效应方程,可知如果不改变入射光的频率,而增加入射光的强度,但光电子的最大初动能不变,由于光照强度越大,光子数目多,那么通过电流表的电量增大,则电流表示数将增大.‎ ‎(3)对调后反向电压变为正向电压,光电子受到的电场力是动力,滑动变阻器从A到B过程中两极间的电压增大,使得更多的光电子到达另一极,即电流增大,因为光电子数目由限,所以当所有光电子都到达另一极时,随着电压的增大,光电流不再增大,故先增大后保持不变 ‎14.‎ ‎【解析】(1)线圈的角速度ω=2πn=100 πrad/s, ………………………………………….1分 图示位置的感应电动势最大,其大小为Em=NBl1l2ω, ‎ ‎ 代入数据得Em=314 V ………………………………………….1分 感应电动势的瞬时值表达式:‎ e=Em cos ωt=314cos 100πt V. ………………………………………….1分 ‎ (2)电动势的有效值E=‎ 线圈匀速转动的周期T==0.02 s ………………………………………….1分 线圈匀速转动90°,外力做功大小等于电功的大小,即:‎ W=I2(R+r)T/4=‎ 代入数据得W=25.0J. ………………………………………….1分 ‎(3)从t=0起转过90°过程中,Δt内流过R的电荷量:‎ q=I△t ‎ ‎ ‎ q=Δt=, ………………………………………….2分 代入数据得q=0.1 C. ………………………………………….1分 ‎15.(1)见解析(2)1:16(3)190:11‎ ‎(1)输电线路的示意图如下图所示:‎ ‎ ………………………………………….3分 ‎(2)由得: ………………………………………….1分 由,得升压变压器的输出电压: ………………….1分 所以升压变压器的原副线圈的匝数之比: ………………………………………….1分 ‎(3)输电线上的电压为: ………………………………………….1分 所以降压变压器的输入电压为: ………………………………………….1分 降压变压器的原副线圈的匝数之比: ………………………………………….1分 ‎16.13.(1)3 m/s (2)2 N·s,方向水平向右(3)‎ ‎【解析】试题分析:物块A运动到和物块B碰撞前的瞬间,根据动能定理求得物块A的速度;以物块A和物块B为系统,根据动量守恒求得碰后两物块速度,再根据动量定理求得物块A对物块B的冲量.以物块A和物块B为系统,根据能量守恒求得系统损失的机械能.‎ ‎(1)物块A运动到和物块B碰撞前的瞬间,根据动能定理得………………………………………….2分 代入数据解得………………………………………….1分 (2)以物块A和物块B为系统,根据动量守恒得:,…………………………………….2分 以物块B为研究对象,根据动量定理得:I=M=2.0NS,方向水平向右……………………………2分 ‎(3)以物块A和物块B为系统,根据能量守恒得………………………………………….2分 解得:………………………………………….1分 ‎ 17.(1) (2) ‎ ‎(1)木块A从轨道图中位置滑到最低点的过程中机械能守恒,由机械能守恒定律得: ………………………………………….1分 在最低点时,对A由牛顿第二定律得: ………………………………………….1分 解得: F=2mg ………………………………………….1分 根据牛顿第三定律可得木块对轨道的压力: ,负号表示方向竖直向下………………………………………….1分 ‎(2)在小木块A与B碰撞过程系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得: ………………………………………….1分 然后一起运动直到将弹簧压缩到最短的过程中系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得: ………………………………………….1分 在这个过程中,由能量守恒定律得: ………………………………….2分 对于从弹簧压缩到最短到两木块滑到小车左端的过程,由能量守恒定律得: ………………………………………….2分 ‎(上述两式合为一式也给分)‎ 摩擦产生的热量: ………………………………………….1分 联立解得: ………………………………………….2分

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