2019年广东省汕头市潮南区中考物理模拟试卷（A卷）
一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
1. 中央电视台新近推出的《经典咏流传》节目，用“和诗以歌”的形式为现代文明追本溯源，一经播出便深受大众喜爱。其中传唱和鉴赏了王安石的《梅花》诗，诗句中与“分子永不停息地做无规则运动”有关的是（ ）
A. 墙角数枝梅 B. 凌寒独自开 C. 遥知不是雪 D. 为有暗香来
2. 司南（早期的指南针）是我国古代四大发明之一，东汉学者王充在《论衡》中记载：司南之杓（sháo），投之于地，其柢指南。说的是把天然磁石磨成勺子的形状，放在水平光滑的“地盘”上，静止时它的长柄（柢）指向南方，如图所示。关于这一现象，下列说法中正确的是（ ）
A. 司南只有一个磁极
B. 司南的长柄端指向地磁场的南极
C. 地磁场的北极在地理的北极附近
D. 司南的长柄端指南是由于受到地磁场的作用
3. 2017年我市成功创建全国文明城市，全市倡导文明出行，过人行道时行人应遵守交通信号灯指示。小华发现人行横道的红、绿灯是独立工作的，他设计了下列几种电路图，其中符合上述要求的是（ ）
A. B.
C. D.
4. 甲、乙两只简易型电加热器（俗称“热得快”）及其铭牌如图所示，若它们的电阻不随温度的变化而改变，则下列说法中正确的是（ ）
A. 两电加热器均正常工作时，相同时间内乙消耗的电能较多
B. 两电加热器均正常工作时，甲的电阻小于乙的电阻
C. 将甲接人110V的电路中，它的实际功率为550W
D. 两电加热器串联后接在220V的电路中，甲的实际功率较大
5.
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如图，将标有“12V6W”的灯泡L1和“12V3W”的灯泡L2接在12V的电路中，闭合开关，发现两灯泡都比正常发光时暗，这是因为每个灯泡的（ ）
A. 额定电压都变小 B. 额定电压都小于它的实际电压
C. 额定功率都变小 D. 实际功率都小于额定功率
1. 如图所示是油量自动测定装置的示意图，O为杠杆支点，R0为定值电阻，Rx是滑动变阻器，当闭合开关S后（ ）
A. 滑动变阻器Rx连入电路的阻值随油量的增加而增大
B. 电流表的读数随油量的增加而减小
C. 电压表的读数随油量的增加而增大
D. 电压表与电流表示数比值随油量的改变而改变
2. 如图所示是一手压手电简，按压手柄，塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转，使灯泡发亮。如图所示四个实验中与手压手电筒产生电流的工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
二、填空题（本大题共7小题，共21.0分）
3. 如图所示是太阳能LED照明路灯，LED是一种发光二极管，它是由______材料制成的。太阳能是______（选填“可再生”或“不可再生”）能源且清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生______（选填“裂变”或聚变”）释放出巨大的能量。
4. 2019年1月3日上午10点26分，“嫦娥四号”探测器在月球背面成功着陆，开启了月球探测的新篇章。发射“嫦娥四号”的长征三号乙运载火箭三级发动机采用液氢为燃料，是利用液氢的______大的优点；探测器穿过大气层时，包裹探测器的整流罩与大气层发生剧烈摩擦，整流罩迅速升高，在这个过程通过______（选填“做功”或“热传递”）增大了它的内能。由于整流罩不善于导热、并且熔点______（选填“高”或“低），因此能对探测器起到保护作用。
5. 如图所示，条形磁铁放在水平木桌上，电磁铁右端固定并与条形磁铁在同一水平面上。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P逐渐向右移动时，条形磁铁仍保持静止，此时电磁铁的左端为______极，条形磁铁受到的摩擦力______（选填“变大”、“变小”或“不变”），方向水平______。（选填“向左”或“向右”）
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1. 甲、乙两灯的额定电压均为6V，测得两灯的电流与电压关系图象如图所示。甲灯正常工作时的电阻是______Ω；当乙灯的实际功率是2.4W时，它两端的实际电压是______V；当把甲、乙两灯串联接在7V的电源上时，电路消耗的总功率是______W。
2. 小明家中一周前、后电能表示数如图所示，小明家所在地区每度电的电费是0.5元，则本周小明家应付电费______元。1度电可使一盏“220V 20W”的灯正常工作______h；这盏灯正常工作10h，电能表的铝盘转______转。
3. 为了积极响应党和国家号召，践行绿色发展理念，某企业引进静电除尘设备，治理生产中的空气污染。启动静电除尘设备，混浊空气进入除尘腔即被电离成离子和电子，由于异种电荷互相______。其中的电子会向设备的阳极板（带正电）运动，在运动过程中遇到尘粒，使尘粒带上______（选填“正”或“负”）电荷，带了电的尘粒继续运动，碰到阳极板失去电性，在重力的作用下，落向底部的集尘板。
4. 电磁波是一个大家族，图1是它们的家族谱，下面对应是各种电磁波的主要应用。
（1）判断手骨折部位要照X射线，其电磁波波长比无线电波______（选填“长”或“短”）；
（2）红外线与紫外线的频率用f表示，由图1可知f红外线＜f紫外线；它们在真空中的传播速度比较：v红外线______v紫外线（两空选填“＞”、“＜”或“=”）。
（3）“铱-192”发出的物质能穿透三十多mm厚的钢板，这一性质可用于金属内部探伤，结合图2所示推知：“依-192”发出的用于金属内部探伤最有可能的是______。
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三、计算题（本大题共3小题，共19.0分）
1. 如图所示，电源电压可调，小灯泡上标有“6V0.5A”的字样（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），电流表量程0～0.6A，电压表量程0～3V，滑动变阻器规格为“20Ω1A”
（1）电源电压调至6V，闭合开关S1和S2，移动滑动变阻器滑片P，使小灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，则电压表的示数是多少？R0的阻值是多少？
（2）电源电压调至8V，断开开关S1，闭合开关S2，为了保证电路安全，求滑动变阻器的阻值变化范围。
2. 如图为一款利用高温水蒸气熨烫衣服的便携式挂烫机，它的正常工作电压为220V，水箱最多装水0.2kg。它有大小两个加热挡位，其内部电路如图所示，电热丝R1=56Ω，R2=44Ω，求：
（1）大功率挡的额定功率。
（2）若用大功率挡将水箱中0.2kg的水从20℃加热到100℃，需要吸收多少热量？
（3）若用大功率挡加热这些水，所需时间为1分10秒，求熨烫机的加热效率。（结果保留一位小数）
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1. 请你阅读下面的短文，回答问题：
市场上有一种磁吸式手机充电线（如图），能通过磁铁公母对吸方式达到接通充电效果的充电线。在它的上面固定有磁铁，另一端固定有易磁化的物质，只要将两端靠近，就可以达到对吸充电。
手机充电时，电池相当于用电器，拨打手机时，电能转化为光、声等其他形式的能量，接听电话时可按免提键将听筒发声转为扬声器发声。
（1）在磁吸式充电线的另一端固定的物质可能是______（选填“铜”、“铁镍合金”或“铝”）。
（2）手机充电时，将电能转化为______能；手机背面扬声器的工作原理与______（选填“发电机”或“电动机”）相同。
（3）“华为”手机的充电器上标有5V2.1A，表示充电电压是5V，最大输出电流2.1A，电板充满电所储存的电能是113400J．若充电时以最大输出电流充电。要将空电池充满电需要______h，小梦觉得充电时间太长了。他想为什么华为公司在设计时不把最大输出电流提高呢？这样可以实现快速充电，于是他请教了物理老师，老师告诉了他一个信息，影响锂电池寿命的最大杀手是电池发热。小梦恍然大悟。请你解释其中的原因______。
四、综合题（本大题共2小题，共13.0分）
2. 随着人们健康意识的提高，空气净化器逐渐走进家庭。某一空气净化器工作过程如图1所示：空气进入净化器，空气里的灰尘由于钨丝放电而带上正电，经过负电格栅板时被吸附；此后经活性炭进一步净化。求：
（1）负电格栅板吸附灰尘的原理是异种电荷______。
（2）该空气净化器（铭牌如表）正常工作的电流为______A。
规格
额定电压
频率
额定功率
洁净空气量（CADR）
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KJFB2000型
220V
50HZ
55W
200m3/h
（3）该空气净化器消耗1.1KW•h的电能，可以净化______m3空气。
（4）图2是这一空气净化器中二氧化碳浓度检测仪的电路原理图。电源电压保持6V不变；R0为定值电阻，阻值为10Ω；R1为二氧化碳浓度传感器，其阻值随二氧化碳浓度变化如图3．当二氧化碳浓度为多少时，电压表示数恰好为2V？
1. 初三13班的肖俊培做事非常认真负责，也爱思考，老师非常信任他，一次他对汽车进行研究，发现：
（1）四冲程汽油机工作过程中，实现机械能转化为内能的是______冲程，汽油机产生2.3×107J的热量需要完全燃烧______L的汽油。（汽油的热值为4.6×107J/kg、密度为0.8×103kg/m3）；
（2）汽车冷却系统用水冷却发动机，这是利用水______的特点来工作的；汽车轮胎有凹凸不平的花纹，这样做是通过增大______来增大______；
（3）在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过______方式增加物体内能的，转化得到的内能______再转化为机械能（选填“可以”或“不可以”）。
五、作图题（本大题共3小题，共7.0分）
2. 请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入下图电路的虚线框内，并将电路补充完整。要求：开关S闭合后，电流方向如图所示，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L变亮时，电压表的示数变小。
3. 投影仪灯泡功率很大，所以需要风扇散热，使用后，应先关闭灯泡L，再关闭风扇M；请用笔画线表示导线在如图中把电路连接完整，要求实现：先断开开关S1，灯泡熄灭，风扇继续转动，再断开开关S2，风扇才停止转动：若只闭合开关S1，灯泡不亮。
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1. 如图所示，闭合开关S，弹簧长度变短，小磁针静止在图中所示位置，请在图中标出：（1）电源“+”、“-”极
（2）磁感线方向
（3）小磁针的N极
六、实验探究题（本大题共3小题，共19.0分）
2. 小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，都设计了如图甲所示的电路。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.4
1.4
2.8
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是______。
（2）排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在上表中。
分析实验数据得出两个实验结论：①串联电路两端的电压______各部分电路两端电压之和；②串联电路中，各部分电路两端电压相等。
（3）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是______，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是______。
（4）小明和小华还进行了深入交流，为了节省时间，利用原来的电路图，在测L1两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并把接线改接到C接点上，这个方法是______（选填“能”或“不能”）测出L2两端的电压，理由是______。
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1. 在如图甲所示的“测量小灯泡电功率”的实验电路图中，小灯泡L的额定电压为2.5V，灯丝的电阻约为10Ω。
（1）根据图甲所示的电路图，请用笔画线代替导线，将图乙中的器材连接成完整的电路。
（2）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数。若电路中只有一处故障，则电路故障可能是______。
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图丙所示，其示数为______V．为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“A端”或“B端”）滑动。
（4）根据实验测量的数据，绘制出通过小灯泡的电流I随它两端电压U变化的图象，如图丁所示。分析可知：
①小灯泡的额定功率为______W
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受______的影响。
2. 在探究“电动机为什么会转动”的实验中：
（1）我们首先想到的是磁体间发生相互作用是因为一个磁体放在了另一个磁体的磁场中，那么通电导体周围也存在______，磁体会对通电导体产生力的作用吗？
（2）如图所示，将一根导体ab置于蹄形磁铁的两极之间，未闭合开关前，导体______，闭合开关后，导体______，说明磁场对______导体有力的作用。
（3）断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，再闭合开关，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向______，说明通电导体在磁场中的受力方向与______有关。
（4）断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向______，说明通电导体在磁场中的受力方向与______有关。
（5）如果同时改变磁场方向和电流方向，______确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关（填“能”或“不能”）。
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答案和解析
1.【答案】D
【解析】
解：为有暗香来，是指闻到花香，是因为花中含有香味的分子在不断的运动，引起了人的嗅觉，故D符合题意。
故选：D。
物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动。
本题考查了分子运动的现象，属于基础知识的考查，相对比较简单。
2.【答案】D
【解析】
解：
A、任何磁体都有两个磁极，司南也有两个磁极，故A错误；
B、静止时司南的长柄指向南方（指向地磁北极），故B错误；
C、地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，故C错误
D、地球是一个大磁体，其周围存在地磁场，司南的长柄端指南是由于受到地磁场的作用，故D正确。
故选：D。
（1）地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场；
（2）指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向；
（3）司南实际上就是一个磁铁；磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示。
本题考查了司南和地磁场的有关知识，属于识记性知识，将课本内容记忆清楚是关键。
3.【答案】D
【解析】
解：
A、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A错误；
B、两开关都闭合时会造成绿灯短路，只有红灯发光，S2断开，S1闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故B错误；
C、两开关都闭合时会造成红灯短路，只有绿灯发光，S2断开，S1闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故C错误；
D、只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故D正确。
故选：D。
根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案。
本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮，要注意从选项中找出最符合题意的答案。
4.【答案】B
【解析】
解：
A．两电加热器均正常工作时的功率和额定功率相等，由图知甲的额定功率较大，根据W=Pt可知，相同时间内甲消耗的电能较多，故A错误；
B．两电加热器均正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI=的变形式R=可知，甲的功率较大，其电阻较小，故B正确；
C．甲的电阻R甲===44Ω，将甲接人110V的电路中，它的实际功率P
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甲′===275W，故C错误；
D．两电加热器串联后接在220V的电路中时通过它们的电流相等，甲的电阻小，由P=I2R可知，甲的实际功率较小，故D错误。
故选：B。
（1）用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt可知，用电器消耗的电能与用电器的功率和通电时间有关；
（2）用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI=比较两电加热器的阻值关系；
（3）根据P=UI=求出甲电加热器的电阻，再根据P=UI=求出甲接人110V的电路中时的实际功率；
（4）两电加热器串联时通过它们的电流相等，根据P=I2R比较两电加热器的实际功率关系。
本题考查了电功公式和电功率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等。
5.【答案】D
【解析】
解：（1）标有“12V6W”的灯泡L1和“12V3W”的灯泡L2接在12V的电路中，其额定电压和额定功率都不变，故AC错误；
（2）已知两只灯泡的额定电压都是12V，串联后接在电源电压为12V的电路中；
由P=可知，两只灯泡电阻不相同时，根据串联电路分压的特点可知，分得的电压不相等，且实际电压都小于它的额定电压12V；
由P=可知，其实际功率都小于它的额定功率，故B错误，D正确。
故选：D。
串联电路电阻具有分压作用。灯泡的亮度决定于灯泡的实际功率，结合电路的连接特点可对灯泡的实际功率做出分析。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用等，要注意串联电路的分压特点以及额定电压下灯泡的实际功率与额定功率相等。
6.【答案】C
【解析】
解：
由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器Rx串联，电流表串联在电路中，电压表测R0两端的电压；
A、当油量增加时，浮标向上移动，在杠杆的作用下滑片下移，变阻器Rx接入电路的电阻减小，即滑动变阻器Rx连入电路的阻值随油量的增加而减小，故A错误；
B、当油量增加时，浮标向上移动，在杠杆的作用下滑片下移，变阻器Rx接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小，由I=可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故B错误；
C、当油量增加时，电路中的电流增大，由U=IR可知，R0两端的电压增大，即电压表的示数增大，故C正确；
D、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数比值为R0的阻值，则该比值保持不变，故D错误。
故选：C。
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由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器Rx串联，电流表串联在电路中，电压表测R0两端的电压。根据油量的变化可知浮标移动的方向，进一步可知滑杆移动的方向和Rx阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，再根据欧姆定律结合R0的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化。
本题考查了油量表的原理，分析清楚电路结构、熟练应用欧姆定律即可正确解题；当油面升降时，看准滑动变阻器的阻值如何变化是本题的关键所在。
7.【答案】B
【解析】
解：手压电筒是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；
A、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，与手压电筒的制成原理不同，故A错误。
B、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手压电筒的制成原理相符合。故B正确。
C、此图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素，与手压电筒的制成原理不同。故C错误；
D、此图是奥斯特实验，证明了通电导体周围存在磁场，与手压电筒的制成原理不同。故D错误。
故选：B。
（1）手压电筒是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。
（1）此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、电磁铁磁性强弱的决定因素等知识点。
（2）首先根据题目告诉的：线圈内磁性飞轮高速旋转明确出手压电筒的制成原理是解决此题的关键。
8.【答案】半导体 可再生 聚变
【解析】
解：
LED是一种半导体发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能；
太阳能属于可再生能源，其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染；
在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。
故答案为：半导体；可再生；聚变
LED是一种发光二极管可以把电能直接转化成光能；
可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭；
太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能
本题考查了太阳能的利用和进行的核反应的类型，知道太阳能是可再生能源。
9.【答案】热值 做功 高
【解析】
解：（1）火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量；
（2）当火箭在大气层中快速飞行时，会与大气层发生剧烈摩擦，克服摩擦做功，内能增加，这是通过做功的方式改变物体的内能；
（3）由于整流罩不善于导热、并且熔点高，因此能对探测器起到保护作用。
故答案为：热值；做功；高。
（1）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。
（2）改变内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；
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（3）整流罩用熔点高，不善于导热的材料制成。
本题主要考查学生对燃料热值的特性、做功和热传递、熔点的理解和掌握，属基础知识的考查。
10.【答案】N 变大 向左
【解析】
解：由安培定则可知，螺线管左侧为N极；因异名磁极相互吸引，故条形磁铁所受磁场力向右；因条形磁铁处于平衡状态，即条形磁铁所受摩擦力应与引力大小相等方向相反，故摩擦力的方向水平向左；
当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻变小，由欧姆定律得螺线管内的电流增大，则可知螺线的磁性增强，条形磁铁所受到的吸引力增大；因条形磁铁仍处于平衡状态，所以条形磁铁所受摩擦力也增大。
故答案为：N；变大；向左。
由安培定则可知螺线管的磁极，由磁极间的相互作用可知条形磁铁的受力方向，则二力平衡可知摩擦力的方向；
由滑片的移动可知螺线管中电流的变化，则可知磁性强弱的变化及相互作用力的变化，由二力平衡关系可知条形磁铁的所受摩擦力的变化。
本题将力学与电磁学知识巧妙地结合起来考查了安培定则、滑动变阻器的使用、二力平衡等内容，考查内容较多，但只要抓住受力分析这条主线即可顺利求解，是一道典型的好题。
11.【答案】20 4 2.1
【解析】
解：（1）甲灯的额定电压为6V，甲灯正常工作时的电压U乙=6V，
由图可知，通过甲灯泡的电流I甲=0.3A，
由I=可得，甲灯泡的电阻：
R甲===20Ω；
（2）由图乙知，当灯的电压为4V时，通过的电流为0.6A，乙灯的实际功率：
P′=U′′I=4V×0.6A=2.4V，故当乙灯的实际功率是2.4W时，它两端的实际电压是4V；
（3）当把两灯串联在7V电源上时，因串联电路的电流相等，由图知，只有当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为6V，乙灯的实际电压为1V时，由串联电路电压的特点，两灯的总电压等于电源电压7V，故电路消耗的总功率是：
P=UI实=7V×0.3A=2.1W。
故答案为：20；4；2.1。
（1）由图知，甲灯正常工作时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过的电流，再根据欧姆定律求出此时甲灯的电阻；
（2）由图乙知，当灯的电压为4V时，通过的电流为0.6A，结合乙灯的实际功率：P′=U′′I=4V×0.6A=2.4V，分析两端的实际电压；
（3）当把两灯串联在7V电源上时，根据串联电路的电流特点和串联电路电压的特点，确定电路中的电流大小，由P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查串联电路的特点及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是明确灯的电阻是变化的和从图中获取有效的信息。为易错题。
12.【答案】20 50 120
【解析】
解：
（1）小明家这周共消耗的电能：
W=781.5kW•h-741.5kW•h=40kW•h，
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他家1周需要付的电费：
40kW•h×0.5元/kW•h=20元；
（2）1度=1kW•h，由P=可得供灯正常工作时间：
t===50h；
（3）该灯正常工作10h消耗的电能：
W″=Pt=20×10-3kW×10h=0.2kW•h，
电能表的铝盘转数：
n=600r/kW•h×0.2kW•h=120r。
故答案为：20；50；120。
（1）利用电能表读出消耗电能的方法：周后电能表的示数减去周前的示数，注意：最后一位是小数、单位kW•h；知道电价，可求要付的电费；
（2）知道消耗的电能，利用P=求灯正常工作时间；
（3）利用W=Pt求出10h消耗电能，根据“600r/kW•h”求电能表的铝盘转数。
本题考查了电能表的读数、电能的计算。关键是理解电能表的各个参数的物理意义，注意电能表表盘上的示数最后一位是小数。
13.【答案】吸引 负
【解析】
解：（1）启动静电除尘设备，混浊空气进入除尘腔即被电离成离子和电子；电子带负电，阳极板带正电，由于异种电荷互相吸引，所以其中的电子会向设备的阳极板运动；
（2）在运动过程中电子遇到尘粒容易被吸附，使尘粒带负电（接触带电），带了电的尘粒继续运动，碰到阳极板失去电性（发生电中和），在重力的作用下，落向底部的集尘板。
故答案为：吸引；负。
（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）气体分子被电离成为电子和正离子，电子较轻，向设备的阳极板（带正电）运动，在运动过程中电子遇到尘粒容易被吸附，使尘粒带负电，碰到阳极板失去电性，在重力的作用下，落向底部的集尘板。
本题涉及静电除尘的原理，关键是电子容易被吸附到灰尘上，故灰尘会吸附电子带负电。
14.【答案】短 = γ射线
【解析】
解：（1）由图1知X射线的振动频率高于无线电波的振动频率，由电磁波的波速、波长、频率之间的关系式为c=λf，由关系式可知电磁波的频率越高，波长越短。故X射线的波长短；
（2）由图1知红外线的振动频率为1012Hz，紫外线的振动频率大于1014Hz；故f红外线＜f紫外线；红外线与紫外线都是电磁波，电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s，故v红外线=v紫外线；
（3）由图2知γ射线的穿透能力最强，故发出的用于金属内部探伤最有可能的是γ射线。
故答案为：（1）短；（2）=；（3）γ射线。
不同频率的电磁波在同种介质中的传播速度是一样的。电磁波的波速、波长、频率之间的关系式为c=λf，由关系式可知电磁波的频率越高，波长越短，电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；γ射线不带电，贯穿本领强大。
本题主要考查电磁波的波速、波长、频率之间的关系式为c=λf，考查读图能力，以及学以致用的能力，是一道好题
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15.【答案】解：（1）闭合开关S1和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联后再与R0并联，电流表测干路电流，电压表测R两端的电压，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡正常发光时，电压表的示数：
UR=U-UL=6V-6V=0V，
此时通过灯泡的电流IL=0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R0的电流：
I0=I-IL=0.6A-0.5A=0.1A，
由I=UR可得，R0的阻值：
R0=UI0=6V0.1A=60Ω；
（2）灯泡的电阻：
RL=ULIL=6V0.5A=12Ω，
断开开关S1，闭合开关S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
因电源的电压U′＞UL，
所以，灯泡正常发光时，电路中的电流最大，即I大=0.5A，
此时电路中的总电阻：
R总=U'I大=8V0.5A=16Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R小=R总-RL=16Ω-12Ω=4Ω，
当电压表的示数UR大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，L两端的电压：
UL′=U′-UR大=8V-3V=5V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
I′=UL'RL=UR大R，即5V12Ω=3VR，
解得：R=7.2Ω，
所以，滑动变阻器的阻值变化范围为4Ω～7.2Ω。
答：（1）电压表的示数是0V，R0的阻值是60Ω；
（2）滑动变阻器的阻值变化范围为4Ω～7.2Ω。
【解析】
（1）闭合开关S1和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联后再与R0并联，电流表测干路电流，电压表测R两端的电压，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据并联电路的电压特点和串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值；
（2）断开开关S1，闭合开关S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，电源的电压大于灯泡的额定电压，则当灯泡正常发光时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电
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阻最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路的电压特点求出L两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R的最大阻值，进一步得出答案。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的分析电路的连接方式是解题的关键。
16.【答案】解：
（1）当开关旋至2时，电路为R2的简单电路，此时电路中电阻最小，电路中电流最大，
此时电路中的电流I大=UR2=220V44Ω=5A，
当开关旋至1时，R1、R2串联，由P=UI=U2R可知在小功率挡；
大功率挡的额定功率。
P1=UI大=220V×5A=1100W；
（2）将水箱中0.2kg的水从20℃加热到100℃，
需要吸收热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（100℃-20℃）=6.72×104J；
（3）由P=Wt可得，用大功率挡加热这些水消耗的电能W=P大t=1100W×70s=7.7×104J，
熨烫机的加热效率η=QW=6.72×104J7.7×104J≈87.3%。
答：（1）大功率挡的额定功率为1100W。
（2）若用大功率挡将水箱中0.2kg的水从20℃加热到100℃，需要吸收6.72×104J热量；
（3）熨烫机的加热效率为87.3%。
【解析】
（1）当开关旋至2时，电路为R2的简单电路，此时的电路中的电阻较小，当开关旋至1时，R1、R2串联，此时电路中电阻最大，根据电阻的串联和P=UI=可知，其大小功率挡；
（2）根据Q=cm△t可求得需要吸收多少热量。
（3）根据P=可求得用大功率挡加热这些水消耗的电能，再利用η=可求得熨烫机的加热效率。
本题考查了电功率公式和电功公式的应用，分清便携式挂烫机不同档位时电路的连接方式是关键。
17.【答案】铁镍合金 化学 电动机 3 根据Q=I2Rt可知，在电阻和通电时间一定时，当过大的电流通过电池，在一定的时间内电流通过电池产生过多的热量，温度升高，容易引起火灾
【解析】
解：（1）铁能被磁铁吸引，铝、铜、锌不能被磁铁吸引；
（2）给手机在充电时，消耗电能，得到化学能，电池把电能转化为化学能储存起来；手机中的扬声器的原理与电动机的原理相同，在工作时利用磁场对电流的作用，将电能转化为机械能。
（3）由W=UIt可得，要将空电板充满电需要的时间：
t===10800s=3h； 根据Q=I2Rt可知，在电阻和通电时间一定时，当过大的电流通过电池，在一定的时间内电流通过电池产生过多的热量，温度升高，容易引起火灾。
故答案为：（1）铁镍合金； （2）化学； 电动机；（3）3； 根据Q=I2Rt
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可知，在电阻和通电时间一定时，当过大的电流通过电池，在一定的时间内电流通过电池产生过多的热量，温度升高，容易引起火灾。
（1）铁能被磁铁吸引，铝、铜、锌不能被磁铁吸引；
（2）判断能量转化过程，关键看清该过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了那种形式的能即可；动圈式话简的原理与发动机原理都是把动能转成电能，利用的是电磁感应规律；而扬声器的原理与电动机的原理是相同的，都是把电能转化为机械能；
（3）知道充电电压和充电电流以及充满电所储存的电能，根据W=UIt求出充电时间；电流通过导体时，都要产生热量，这种现象是电流的热效应。
本题主要考查了电流的热效应和电功公式的应用，是一道较为简单的应用题。
18.【答案】相互吸引 0.25 4000
【解析】
解：
（1）由净化原理图可知，正电钨丝使灰尘带正电，因为异种电荷相吸引，所以负电格栅板能吸附灰尘；
（2）根据表中数据，由P=UI可得，空气净化器正常工作时的电流：
I===0.25A；
（3）由P=可得，空气净化器消耗1.1kW•h电能所用的时间：
t===20h，
这段时间内可净化空气的体积：
V=200m3/h×20h=4000m3；
（4）如图2，R0、R1串联，电压表测量R0两端的电压，
已知电源电压U=6V，当U0=2V时，则R1两端的电压U1=U-U0=6V-2V=4V，
由串联电路的分压关系可知R1：R0=U1：U0，即R1：10Ω=4V：2V=2：1，
解得R1=20Ω，由图3可知此时二氧化碳的浓度为0.034%。
故答案为：（1）相互吸引；（2）0.25；（3）4000；（4）二氧化碳浓度为0.034%。
（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）利用P=UI求空气净化器正常工作时的电流；
（3）利用P=得空气净化器消耗1.1kW•h的电能的时间，进而求出可净化空气的体积；
（4）如图2，知道电源电压U，R0、R1串联，R0=10Ω，而电压表测量R0两端的电压，则当U0=2V时，U1=4V，根据串联电路分压关系求R1，由图3可知二氧化碳浓度。
本题考查了电荷间的相互作用规律、电功率公式和串联电路特点的应用，认真审题，从表格、图象中获取相关信息是关键。
19.【答案】压缩 0.625 比热容较大 接触面的粗糙程度 摩擦 做功 不可以
【解析】
解：
（1）在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能；
由Q放=mq可得，汽油的质量：
m===0.5kg。
由ρ=可得汽油的体积：
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V===0.625×10-3m3=0.625L；
（2）汽车冷却系统用水来冷却发动机，这是因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，因此这是利用了水的比热容较大的性质；
汽车轮胎的外表面有凹凸不平的花纹，这是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦；
（3）刹车片发热，是刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加、温度升高，是通过做功途径改变物体内能；
电灯发光、汽车制动过程中产生的内能散失在空气中，不可以转化为电能或机械能，这些现象均说明能量的转化是具有方向性的。
故答案为：（1）压缩；0.625；（2）比热容较大；接触面的粗糙程度；接触面的粗糙程度；（3）做功；不可以。
（1）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；知道汽油的热值和放出的热量，利用Q放=mq的变形公式可求汽油的质量，再根据密度公式可求体积。
（2）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；
（3）改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递。
能量转化和转移是有方向性的，并且能量在转化或转移的过程中总量保持不变。
本题考查了对热机各冲程特点的了解和热值计算公式的理解和掌握，改变内能的方法、水比热容大的应用、增大或减小摩擦的方法、能量的转化是具有方向性，是一道综合性题目。
20.【答案】解：
要滑动变阻器改变灯泡的亮度，所以电源、滑动变阻器、灯泡和电流表串联；
灯泡变亮时，说明通过灯泡的电流变大，由U=IR可知灯泡两端电压变大，而题中要求电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联；
所以，电源在最左端的虚线框内，且上端为负极，这样可以满足电流方向如图所示；电压表和滑动变阻器并联，填在中间的虚线框内；电流表和滑动变阻器串联，应填在最右端的虚线框内；如下图所示：
【解析】
滑动变阻器改变灯泡的亮度，所以滑动变阻器和灯泡、电流表串联；灯泡变亮时其两端电压变大，而电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联，据此填充元件。
此类型题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确连接电路。
21.【答案】解：
由题知，先断开开关S1，灯泡熄灭，风扇继续转动，再断开开关S2，风扇才停止转动，灯和风扇并联；
若只闭合开关S1，灯泡不亮。由此可知S1在灯所在支路上，S2在干路上，如图所示：
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【解析】
先分析题意，得出灯、电风扇的连接方式，以及两个开关的位置，据此连接电路，注意开关要接在火线和用电器之间。
本题考查了电路的连接，分析题意确定两个开关的位置是关键。
22.【答案】解：（1）已知开关闭合后，发现弹簧缩短，根据磁极间的相互作用，同名磁极相互排斥，则螺线管上端为S极，下端为N极，由右手螺旋定则可得，电流由上侧流入，故电源左侧为正极，右侧为负极；
（2）在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。
（3）由磁极间的相互作用可知小磁针的上端为S极，下端为N极，如图所示：
【解析】
根据开关S闭合，发现弹簧缩短，由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，利用右手螺旋定则可得出电源的正负极。由磁极间的相互作用可知小磁针的磁极，在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个方向可以确定其中的另一个方向。
23.【答案】对电压表进行调零 等于 选用相同规格的灯泡做实验 只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论具有偶然性和片面性 不能 电压表的正负接线柱接反了
【解析】
解：
（1）由图知，连接电路前，在检查实验器材时发现电压表指针没有指在零刻度线上，则应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；
（2）由表中实验数据可知，串联电路的总电压等于各部分电路电压之和。
（3）由实验数据可知，各部分电路两端电压相等，该结论是错误的，造成结论错误的原因是选用了规格相同的灯泡做实验；
由实验数据可知，只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论具有偶然性和片面性，为得出普遍结论，应改变灯泡的规格进行多次实验或改变电源电压进行多次实验；
（4）为了节省时间，利用原来的电路图，在测L2两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并把接线改接到C接点上，这样做不能测出L2两端的电压，因为根据电路图分析可以看出，直接改接一端连线，会造成电压表的正负接线柱接反了；
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故答案为：（1）对电压表进行调零；（2）等于；（3）选用相同规格的灯泡做实验；只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论具有偶然性和片面性；（4）不能；电压表的正负接线柱接反了。
（1）使用电压表前应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；
（2）分析表中实验数据，根据实验数据得出实验结论。
（3）为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，测出多组实验数据。
（4）根据电路图分析可以看出，直接改接一端连线，会造成电压表正负接线柱接反了。
此题为探究串联电路中的电压规律实验，考查电压表的正确使用以及串联电路的电压特点，还考查了学生对实验数据的处理能力和分析、归纳、总结能力。
24.【答案】灯泡短路了 2.7 A端 0.5 温度
【解析】
解：
（1）由题知，小灯泡L的额定电压为2.5V，灯丝的电阻约为10Ω，所以灯泡正常工作时的电流约为：I===0.25A，
所以电流表应选择0-0.6A量程，并将其串联入电路中，实物图连接如图所示：
（2）连好电路闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路，但灯泡不亮，电压表无示数，故障的原因可能是灯泡短路了；
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，由图乙知，电压表使用0-3V量程，分度值为0.1V，其读数是2.7V；
灯在额定电压下正常发光，为了测量小灯泡的额定功率，应减小灯泡两端的电压，由串联电路电压的规律，要增大变阻器分得的电压，根据串联分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，应将滑动变阻器的滑片向A端移动；
（4）由图丙可知：
①该小灯泡正常发光时的电压为2.5V，对应的电流为0.2A，所以灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度变化的影响。
故答案为：（1）见上图；（2）灯泡短路了；（3）2.7；A端；（4）0.5；温度。
（1）根据灯泡额定电压和电阻计算其正常发光时电流，选择合适量程后将电流表串联入电路中；
（2）电流表有示数，说明电路是通路，再根据电压表示数情况判断故障原因；
（3）闭合开关，移动滑片，由图乙电压表小量程读数，因灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑动变阻器的滑片移动的方向；
（4）①根据小灯泡的电流随它两端电压变化的关系，找出额定电压下通过灯的电流，根据P=UI求灯泡的额定功率；
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度变化的影响。
本题测小灯泡电功率的实验，考查了电路的连接、实验注事项、操作过程、额定功率的计算、影响电阻的因素等，综合性强，有一定难度。
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25.【答案】磁场 静止不动 运动 通电 相反 磁场方向 相反 电流方向 不能
【解析】
解：（1）根据课本奥斯特实验知：通电导体周围存在磁场；
（2）将一根导体ab置于蹄形磁铁的两极之间，未闭合开关前，电路中没有电流，导体静止不动，闭合开关后，电路中有电流，导体运动，说明磁场对通电导体有力的作用。
（3）断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，磁场方向改变，再闭合开关，电流方向不变，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向相反，说明通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向有关。
（4）断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，导体中电流方向改变，磁场方向不变，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向相反，说明通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向有关。
（5）如果同时改变磁场方向和电流方向，通电导体在磁场中受力方向不变，不能确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。
故答案为：（1）磁场；（2）静止不动； 运动；通电；（3）相反；磁场方向； （4）相反；电流方向； （5）不能。
（1）通电导体周围存在磁场；
（2）磁场对通电导体有力的作用；
（3）（4）（5）电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理而制成的。改变电流的方向或磁场的方向都可以改变线圈的受力方向，从而使其转动方向不同，若电流的方向和磁场的方向都同时改变，不可以改变线圈的受力方向。
此题主要考查了探究电动机工作原理的实验中，基本原理的掌握、实验中故障的分析与解决、实验的改进方法等，有一定综合性，是我们应该详细了解的。
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