二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶，t＝0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始，它们在四次比赛中的v－t图象如图所示。哪些图对应的比赛中有一辆赛车追上了另一辆的是
15.如下图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线。则下列说法正确的是
A．场强Ea>Eb，Eb>Ec
B．电势φa>φb，φc>φb
C．沿cba路径移动质子与电子，电荷的电势能改变是一样的
D．沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动
16.如图所示，ad、bd、cd是竖直面内三根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，a点为圆周的最高点，d点为最低点．每根杆上都套着一个完全相同的小滑环(图中未画出)，三个滑环分别从a、b、c点无初速度释放，关于它们下滑过程的下列说法中正确的是
A．重力对各环的冲量a的最大
B．弹力对各环的冲量c的最大
C．合力对各环的冲量大小相等
D．各环的动能增量相等
17.如图所示，一倾斜的匀质圆盘垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度转动，盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止，物体与盘面间的动摩擦因数为。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，盘面与水平面间的夹角为300，g取10m/s2。则ω的最大值是
A． 0.5 rad/s B． 1.5 rad/s
C． D． 2.0 rad/s
18.下面说法正确的是
A．在直流电源的外电路上，电流的方向是从电源正极流向负极
B．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法
C．元电荷就是带电量为1C的点电荷
D．电流的速度就是自由电荷在电路中定向移动的速度
19.按照我国整个月球探测活动的计划，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，第二步是“落月”工程，已在2013年以前完成。假设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道Ⅰ运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B时再次点火进入月球近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动。下列判断正确的是
A．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率
B．飞船在A点处点火变轨时，动能增大
C．飞船在轨道Ⅲ绕月球运动一周所需的时间
D． 飞船从A到B运行的过程中机械能不变
20.由粗糙的水平杆AO与光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架如图放置，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球恰能在某一位置平衡。现将P缓慢地向左移动一小段距离，两球再次达到平衡。若小球所带电荷量不变，与移动前相比，下列正确的是
A． P、Q之间的距离增大
B． 杆BO对Q的弹力减小
C． 杆AO对P的摩擦力增大
D． 杆AO对P的弹力不变
21.如图所示，质量分别为2m和m的A、B两物体用不可伸长的轻绳绕过轻质定滑轮相连，开始两物体处于同一高度，绳处于绷紧状态，轻绳足够长，不计一切摩擦。现将两物体由静止释放，在A落地之前的运动中，下列说法中正确的是
A． A物体的加速度为
B．A、B组成系统的重力势能增大
C．下落t秒时 B所受拉力的瞬时功率为
D．下落t秒时，A的机械能减少了
第Ⅱ卷（共174分）
三、非选择题：共174分，第22 ~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题（共129分）
22.(1)(2分)图中游标卡尺的读数为_______cm，螺旋测微器读数为________mm。
(2)（4分）某同学为探究求合力的方法，做了如图所示的实验。ABCD为竖直平板，E、F两处固定了摩擦不计的轻质滑轮，滑轮的轴保持水平，所用绳子的质量可不计。第一次实验中，当装置平衡时，绳子的结点在O处，拉力的方向和钩码的位置如图所示。第二次实验时，仅把右侧滑轮的位置移动到图中的G点，待稳定后，∠EOF将________(填“变大”“变小”或“不变”)，绳子结点O的位置将________。
A．竖直向下移动
B．水平向右移动
C．沿EO方向移动
D．沿FO方向移动
23.(9分)要测绘额定电压为2 V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线
和开关外，还有以下一些器材可供选择：
A．电源E（电动势3.0 V，内阻可不计）
B．电压表V1(量程为0~3.0 V，内阻约2 kΩ)
C．电压表V2(0~15.0 V，内阻约6 kΩ)
D．电流表A1(0~0.6 A，内阻约1 Ω)
E．电流表A2(0~100 mA，内阻约2 Ω)
F．滑动变阻器R1（最大值10 Ω）
G．滑动变阻器R2（最大值2 kΩ）
（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择 ，电流表应选择 ，滑动变阻器应选择
（填各器材的序号）
（2）为提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在下面的虚线框中.
（3）实验中测得一组数据如下表所示，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线。
I/A
0
0.12
0.21
0.29
0.34
0.38
0.42
0.45
0.47
0.49
0.50
U/V
0
0.20
0.40
0.60
0.80
1.00
1.20
1.40
1.60
1.80
2.00
（4）该小电珠的额定功率是 。
24.（14分）如图所示，离子发生器发射一束质量为m，电荷量为＋q的离子，从静止经P、Q两板间的加速电压加速后，以初速度v0再从a点沿ab方向进入一匀强电场区域，abcd所围成的正方形区域是该匀强电场的边界，已知正方形的边长为L匀强电场的方向与ad边平行且由a指向d
(1)求加速电压U0
(2)若离子恰从c点飞离电场，a、c两点间的电势差Uac；
(3)若离子从abcd边界上某点飞出时的动能为mv02，求此时匀强电场的场强大小E。
25.（18分）如图所示，光滑水平台面MN上放两个相同小物块A，B，右端N处与水平传送带理想连接，传送带水平部分长度L=17m，沿逆时针方向以恒定速度v0=4m/s匀速转动。物块A，B（大小不计，视作质点）与传送带间的动摩擦因数均为μ=0.2，物块A，B质量均为m=1kg。开始时A，B静止，A，B间压缩一轻质短弹簧。现解除锁定，弹簧弹开A，B，弹开后B滑上传送带，A掉落到地面上的Q点，已知水平台面高h=0.8m，Q点与水平台面间右端间的距离S=3.2m，g取10m/s2。
（1）求物块A脱离弹簧时速度的大小，及弹簧储存的弹性势能；
（2）求物块B在水平传送带上运动的时间；
（3）求B与传送带间摩擦产生的热量。
33.【物理——选修3-3】（15分）
（1）（5分）下列说法正确的是_________（填正确答案标号。选对1个得2分，，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）
A．一定质量的100 ℃的水吸收热量后变成100 ℃的水蒸气，系统的内能保持不变
B．对某物体做功，可能会使该物体的内能增加
C. 实际气体分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的温度和体积
D．一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同
E．功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功
（2）扣在水平桌面上的热杯盖有时会发生被顶起的现象。如图所示，截面积为S的热杯盖扣在水平桌面上，开始时内部封闭气体的温度为300 K，压强为大气压强p0.当封闭气体温度上升至303 K时，杯盖恰好被整体顶起，放出少许气体后又落回桌面，其内部气体压强立刻减为p0，温度仍为303 K．再经过一段时间，内部气体温度恢复到300 K．整个过程中封闭气体均可视为理想气体。求：
(1)当温度上升到303 K且尚未放气时，封闭气体的压强；
(2)当温度恢复到300 K时，竖直向上提起杯盖所需的最小力。
第四次调研考试物理参考答案
14.C 15.A 16.B 17.D 18.AB 19.ACD 20.CD 21.AD
22. (1)【答案】1.660 5.694-5.696 (2)【答案】不变 C
23.（1）B D F （2）由于小电珠电电阻较小，满足，电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法 (3)略 （4）1W
24.（1）带电粒子在加速电场中，由动能定理得：
（2）带电粒子进入匀强磁场区域时，做平抛运动：
ab方向上：L=v0t
ad方向上：L=at2 a=Eq/m
又有：Uac=EL
解得：Uac=2mv02/q
（3）根据Ek=mv02得 v=v0 即粒子射出电场时速度方向与ab所在的直线夹角45度
ab方向上：L=v0t ad方向上：y=v0t
解得：y=L
由动能定理得：
解得：E=mv02/qL
25(1)A作平抛运动，竖直方向：， 水平方向：S=vAt
代入数据联立解得：vA=8m/s
解锁过程系统动量守恒，规定A的速度方向为正方向，有：mvA﹣mvB=0 vB=8m/s
由能量守恒定律： 代入数据解得：Ep=64J
（2）B作匀变速运动，由牛顿第二定律有：μmg=ma
解得：a=μg=0.2×10m/s2=2m/s2
B向右匀减速至速度为零，由，
解得：SB=16m＜L=17m，所以B最终回到水平台面.
设B向右匀减速的时间为t1：vB=at1 t1=4s
设B向左加速至与传送带共速的时间为t2，v0=at2 t2=2s
由，S2=4m
共速后做匀速运动的时间为t3，有：SB﹣S2=v0t3
代入数据解得总时间：t=t1+t2+t3=9s．
（3）B向右减速运动时，相对于传送带的位移S相1=v0t1+SB=32m
B 向左加速运动，相对于传送带的位移S相2=v0t2-S2=4m
Q=f S相=72J
33.【答案】BCD
(1)1.01p0 (2)p0S
【解析】(1)以开始封闭的气体为研究对象，由题意可知，初状态温度T0＝300 K，压强为p0；末状态温度T1＝303 K，压强设为p1，由查理定律得
＝①
代入数据得p1＝p0＝1.01p0②
(2)设杯盖的质量为m，刚好被顶起时，由平衡条件得
p1S＝p0S＋mg③
放出少许气体后，以杯盖内的剩余气体为研究对象，由题意可知，初状态温度T2＝303 K，压强p2＝p0，末状态温度T3＝300 K，压强设为p3，由查理定律得
＝④
设提起杯盖所需的最小力为F，由平衡条件得
F＋p3S＝p0S＋mg⑤
联立②③④⑤式，代入数据得F＝p0S.
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