黑龙江省鹤岗市第一中学2020届高三11月月考物理试题（Word版带答案）.doc

高三学年第二次月考物理试题 一选择题（1---7 单选，8---12 多选，每题 4 分 4x12=48 分） 1 关于力学单位制的说法中正确的是(　　) A．kg、m/s、N 是导出单位 B．kg、m、J 是基本单位 C．在国际单位制中，质量的基本单位是 kg，也可以是 g D．只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是 F＝ma 2 在距水平地面 10 m 高处，以 10 m/s 的速度水平抛出一质量为 1 kg 的物体，已知 物体落地时的速度为 16 m/s，取 g＝10 m/s2，则下列说法正确的是(　 ) A．抛出时人对物体做功为 150 J B．自抛出到落地，重力对物体做功为 120 J C．飞行过程中物体克服阻力做功 22J D．物体自抛出到落地时间为 2 s 3 光滑斜面固定于水平面上，滑块 A、B 叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A 上表 面水平。则在斜面上运动时，B 受力的示意图为(　　) 4 如图所示，甲、乙两同学从河中 O 点出发，分别沿直线游到 A 点和 B 点后，立即沿原路线 返回到 O 点，OA、OB 分别与水流方向平行和垂直，且 OA＝OB。若水 流速度不变，两人在静水中游速相等，则他们所用时间 t 甲、t乙的大小关 系为(　　) A．t 甲t 乙 D．无法确定 5 若“嫦娥四号”从距月面高度为 100 km 的环月圆形轨道Ⅰ上的 P 点实施变轨，进入近月点 为 15 km 的椭圆轨道Ⅱ，由近月点 Q 落月，如图所示．关于“嫦娥四号”，下列说法正确的是 (　　)A．沿轨道Ⅰ运动至 P 时，需制动加速才能进入轨道Ⅱ B. 沿轨道Ⅱ运行的周期大于沿轨道Ⅰ运行的周期 C．沿轨道Ⅱ运行时，在 P 点的加速度大于在 Q 点的加速度 D．在轨道Ⅱ上由 P 点运行到 Q 点的过程中，万有引力对其做正功，它的动能增加，重力势 能减小，机械能不变 6 质量为 m 的物体置于倾角为 α 的斜面上，物体和斜面间的动摩擦因数为 μ，在外 力作用下斜面以加速度 a 向左做匀加速直线运动，如图所示，运动过程中物体 与斜面之间保持相对静止，则下列说法不正确的是(　　) A．斜面对物体的支持力一定做正功 B．斜面对物体的摩擦力可能做负功 C．斜面对物体的摩擦力可能不做功 D．斜面对物体的摩擦力一定做正功 7 粗糙绝缘的水平桌面上，有两块竖直平行相对而立的金属板 A、B。板间桌面上 静止着带正电的物块，如图甲所示，当两金属板加图乙所示的交变电压时，设 直到 t1 时刻物块才开始运动，(最大静摩擦力与滑动摩擦力可认为相等)，则(　　) A．在 0～t1 时间内，物块受到的摩擦力恒定，方向水平向左 B．在 t1～t3 时间内，物块受到的摩擦力先逐渐增大，后逐渐减小 C．t3 时刻物块的速度最大 D．t4 时刻物块的速度最大8 图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域 时的运动轨迹，箭头表示运动方向，a、b 是轨迹上的两点．若粒子在运动中只受电场力作 用．根据此图能作出的正确判断是(　　) A．带电粒子所带电荷的符号 B．粒子在 a、b 两点的受力方向 C．粒子在 a、b 两点何处速度大 D．a、b 两点电场的强弱 9 两电荷量分别为 q1 和 q2 的点电荷固定在 x 轴上的 O、M 两点，两电荷连线上各 点电势 φ 随 x 变化的关系如图 4 所示，其中 C 为 ND 段电势最低的点，则下列说 法正确的是(　　) 图 4 A．q1、q2 为等量异种电荷 B．N、C 两点间场强方向沿 x 轴负方向 C．N、D 两点间的电场强度大小沿 x 轴正方向先减小后增大 D．将一正点电荷从 N 点移到 D 点，电势能先减小后增大 10 一个平行板电容器充电后与电源断开，负极板 B 接地，P 为两极板间一点，如图所示。用 E 表示电容器两极板间的电场强度，U 表示两极板间的电压，φ 表示 P 点的电势，则下列说法中 正确的是(　　) A．若保持 B 极板不动，将极板 A 向下移动少许，则 U 变小，E 不变 B．若将一玻璃板插入 A、B 两极板之间，则 φ 变大，E 变大 C．若将 A 极板向左平行移动少许，则 U 变小，φ 不变 D．若保持 A 极板不动，将极板 B 向上移动少许，则 U 变小，φ 减小 11 在如图 3 所示的电路中，闭合开关 S，将滑动变阻器滑片 P 缓慢向右移动，则(　　) A．灯泡 L 变亮 B．电源内部消耗的功率先变大后变小 C．电容器 C 上的电荷量增加 D．流过 R1 的电流方向由左向右 12 某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示，三个完全相同的这种小灯泡连接成 如图乙所示的电路，电源的内阻为 1.0 Ω。现闭合开关 S，理想电压表 V 的示 数为 4.0 V，则(　　) A．三个灯泡的总电阻为 8.3 Ω B．电源的电动势为 5.6 V C．电源消耗的热功率为 3.0 W D．电源的效率为 89.3% 二实验题（13 题每空 1 分，连线题 4 分；14 题每空 1 分，电路图 4 分，共 15 分） 13 在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠(2.5 V,0.6 W)，滑动变 阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干。 (1)粗测小电珠的电阻，应选择多用电表________倍率的电阻挡(请选填“×1”、“×10” 或“×100”)；调零后，将表笔分别与小电珠的两极连接，示数如图 4(甲)，结果为________ Ω。 (2)实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图(乙)完成实物图(丙)中的连线。 (3)开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片 P 置于________端，为使小电珠亮度增加，P 应 由中点向________端滑动。 14 在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下： 待测金属丝： Rx(阻值约 4Ω，额定电流约 0.5 A)； 电压表：○V (量程 3 V，内阻约 3 kΩ)； 电流表：○A1 (量程 0.6 A，内阻约 0.2 Ω) ○A2 (量程 3 A，内阻约 0.05 Ω) 电源：E1(电动势 3 V，内阻不计)； E2(电动势 12 V，内阻不计)； 滑动变阻器：R(最大阻值约 20 Ω)； 螺旋测微器；毫米刻度尺；开关 S；导线。 (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，为________mm。 (2)若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选________，电源应选 ________(均选填器材代号)。在虚线框中完成电路原理图。三计算题（15 题 9 分，16 题 10 分，17 题 18 分共 37 分） 15 将金属块用压缩的轻弹簧卡在一个箱子中，上顶板和下底板装有压力传感器．当箱子随电梯 以 a＝4.0 m/s2 的加速度竖直向上做匀减速运动时，上顶板的传感器显示的压力为 4.0 N，下底板 的传感器显示的压力为 10.0 N．取 g＝10 m/s2，若下底板示数不变，上顶板示数是下底板示数 的一半，求电梯的加速度并说明电梯的运动情况。 16 直角坐标系 xOy 位于同一竖直平面内，其中 x 轴水平、y 轴竖直，xOy 平面内 长方形区域 OABC 内有方向垂直 OA 的匀强电场，OA 长为 l，与 x 轴间的夹角 θ＝30°。一质量为 m、电荷量为 q 的带正电小球(可看作质点)从 y 轴上的 P 点 沿 x 轴方向以一定速度射出，恰好从 OA 的中点 M 垂直 OA 进入电场区域。已 知重力加速度为 g。 图 11(1)求 P 的纵坐标 yP 及小球从 P 射出时的速度 v0； (2)已知电场强度的大小为 E＝ 3mg 2q ，若小球不能从 BC 边界离开电场，OC 长 度应满足什么条件？ 17 甲、乙两传送带倾斜放置，与水平方向夹角均为 37°，传送带乙长为 4 m，传送 带甲比乙长 0.45 m，两传送带均以 3 m/s 的速度逆时针匀速转动，可视为质点 的物块 A 从传送带甲的顶端由静止释放，可视为质点的物块 B 由传送带乙的顶 端以 3 m/s 的初速度沿传送带下滑，两物块质量均为 2kg，与传送带间的动摩 擦因数均为 0.5，取 g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。求： 图 7 (1)物块 A 由传送带顶端滑到底端经历的时间； (2)物块 A、B 在传送带上的划痕长度之比。 (3)物块 A、B 与传送带因摩擦产生的热量分别是多少。物理第二次月考答案 1---7　 D C AC D DC 8BCD　 9 CD 10 AD 11 AD 12ABD 13 答案：(1)×1　7.4—7.6 　(2)电路连线如图 (3)a　b 　 14 答案：(1)1.773(1.771～1.775 均正确) (2)○A1　E1　电路图如图所示 15 解析　当箱子随电梯以 a＝4.0 m/s2 的加速度竖直向上做匀减速运动时，对金属块受力分析， 由牛顿第二定律知： FN 上＋mg－FN 下＝ma， 2 分 m＝FN 下－FN 上 g－a ＝10－4 10－4 kg＝1 kg， 1 分 G＝mg＝10 N 1 分 若上顶板传感器的示数是下底板传感器的示数的一半，由于弹簧压缩量不变，下底板传感器 示数不变，仍为 10 N，则上顶板传感器的示数是 5 N. 对金属块，由牛顿第二定律知 FN 上′＋mg－FN 下′＝ma′ 2 分 解得 a′＝5 m/s2，方向向下， 1 分 故电梯以 a＝5 m/s2 的加速度匀加速下降， 1 分 或以 a＝5 m/s2 的加速度匀减速 上升 1 分 16 解析　(1)设小球从 P 运动到 M 所用时间为 t1，则有 yP－l 2sin θ＝1 2gt21 1 分 l 2cos θ＝v0t1 1 分 v0 tan θ ＝gt1 1 分 解得 yP＝5 8l 1 分 v0＝ gl 2 1 分 (2)设小球到达 M 时速度为 vM，进入电场后加速度为 a， 有 vM＝ v0 sin θ 又 mgcos θ＝qE 1 分 小球在电场中沿 vM 方向做匀速直线运动，沿与 vM 垂直方向做加速度为 a 的匀 加速运动，设边界 OC 的长度为 d 时，小球不从 BC 边射出，在电场中运动时 间为 t2 mgsin θ＝ma 1 分 d＞vMt2 1 分 l 2 ＝1 2at22 1 分 解得 d＞ 2l 1 分 17 解析　(1)对物块 A 由牛顿第二定律知 mgsin 37°＋μmgcos 37°＝ma1， 1 分 代入数值得 a1＝10 m/s2 1 分 设经时间 t1 物块 A 与传送带共速，则由运动学规律知 v 带＝a1t1，即 t1＝0.3 s 1 分 此过程中物块 A 的位移为 x1＝1 2a1t21＝0.45 m 1 分 物块 A 与传送带共速后，由牛顿第二定律知 mgsin 37°－μmgcos 37°＝ma2， 1 分 代入数值得 a2＝2 m/s2 1 分 由运动学规律知 L 甲－x1＝v 带 t2＋1 2a2t22， 1 分 代入数值得 t2＝1 s 1 分 所以物块 A 由传送带顶端滑到底端经历的时间为 t＝t1＋t2＝1.3 s。 1 分(2)在物块 A 的第一个加速过程中，物块 A 在传送带上的划痕长度为 L1＝v 带 t1－x1＝0.45 m 1 分 在物块 A 的第二个加速过程中，物块 A 在传送带上的划痕长度为 L2＝v 带 t2＋1 2a2t22－v 带 t2＝1.0 m 1 分 所以物块 A 在传送带上的划痕长度为 LA＝L2＝1.0 m 1 分 由分析知物块 B 的加速度与物块 A 在第二个加速过程的加速度相同，从传送带 顶端加速到底端所需时间与 t2 相同 所以物块 B 在传送带上的划痕长度为 LB＝v 带 t2＋1 2a2t22－v 带 t2＝1.0 m 1 分 故物块 A、B 在传送带上的划痕长度之比为 LA∶LB＝1∶1 1 分 （3）物块 A 的 摩擦生热 Q1=11.6 J 2 分 物块 B 的摩擦生热 Q2=8 J 2 分