2020高考物理浙江专用增分冲刺练辑：综合模拟卷（五）Word版含解析.docx

综合模拟卷(五) 一、选择题Ⅰ(本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分．每小题列出的四个备选项中只有一个 是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1.(2019·广东珠海市质量监测)如图所示，使一个水平铜盘绕过其圆心的竖直轴 OO′转动，且 假设摩擦等阻力不计，转动是匀速的．现把一个蹄形磁铁水平向左移近铜盘，则(　　) A．铜盘转动将变快 B．铜盘转动将变慢 C．铜盘仍以原来的转速转动 D．因磁极方向未知，无法确定 答案　B 解析　假设蹄形磁铁的上端为 N 极，下端为 S 极，铜盘顺时针转动，根据右手定则可以确定 此时铜盘中的感应电流方向是从盘心指向边缘；通电导体在磁场中要受到力的作用，根据感 应电流的方向和磁场的方向，利用左手定则可以确定磁场对铜盘的作用力的方向是沿逆时针 方向(俯视)，与其受力方向与铜盘的转动方向相反，所以铜盘的转动速度将减小；无论怎样 假设，铜盘的受力方向始终与转动方向相反；同时，转动过程中，机械能转化为电能，所以 转得慢了，故 B 正确，A、C、D 错误． 2.(2019·金华十校期末)如图，一物块在水平拉力 F 的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若 保持 F 的大小不变，而方向与水平面成 60°角作用下，物块也恰好做匀速直线运动．则物块 与桌面间的动摩擦因数为(　　) A．2－ 3 B. 3 6 C. 3 3 D. 3 2 答案　C 解析　F 水平时，F＝μmg；F 与水平面成 60°时，Fcos 60°＝μ(mg－Fsin 60°) 得 μ＝ 3 3 ，故选 C.3．用传感器研究质量为 2 kg 的物体由静止开始做直线运动的规律时，在计算机上得到 0～6 s 内物体的加速度随时间变化的关系如图所示．下列说法正确的是(　　) A．0～6 s 内物体先向正方向运动，后向负方向运动 B．0～6 s 内物体在 4 s 时的速度最大 C．物体在 2～4 s 时的速度不变 D．0～4 s 内合力对物体做的功等于 0～6 s 内合力对物体做的功 答案　D 解析　物体 6 s 末的速度 v6＝1 2×(2＋5)×2 m/s－1 2×1×2 m/s＝6 m/s，则 0～6 s 内物体一直 向正方向运动，A 项错误；由题图可知物体在 5 s 末速度最大，为 vm＝1 2×(2＋5)×2 m/s＝7 m/s， B 项错误；由题图可知物体在 2～4 s 内加速度不变，做匀加速直线运动，速度变大，C 项错 误；在 0～4 s 内合力对物体做的功由动能定理可知：W 合 4＝1 2mv42－0， 又 v4＝1 2×(2＋4)×2 m/s＝6 m/s，得 W 合 4＝36 J， 0～6 s 内合力对物体做的功由动能定理可知： W 合 6＝1 2mv62－0，又 v6＝6 m/s，得 W 合 6＝36 J. 则 W 合 4＝W 合 6，D 项正确． 4．某同学在篮球场上练习投篮，一次投篮恰好垂直打在篮板上，且篮球撞击篮板处与投出点 之间的水平距离是竖直距离的 2 倍，空气阻力不计，篮球被投出时的速度与水平方向间的夹 角为(　　) A．30° B．45° C．60° D．75° 答案　B 解析　采用逆向思维，篮球做平抛运动，设竖直位移为 h，则水平位移为：x＝2h，根据 h＝ 1 2gt2 得：t＝ 2h g ， 可知篮球水平分速度为：vx＝x t＝2h g 2h＝ 2gh，vy＝ 2gh，根据平行四边形定则知，tan α＝vy vx ＝1， 解得篮球被投出时的速度与水平方向间的夹角 α＝45°.5．(2019·台州 3 月一模)移动电源是能直接给移动设备充电的储能装置，如图为某款移动电源， 其转化率(是指电源放电总量与电源容量的比值)为 70%，其他参数见下表，则下列说法正确 的是(　　) A．该移动电源最多能储存能量为 5.4×106 J B．移动电源充电时将电能全部转化为化学能 C．正常情况下该移动电源电量从零到完全充满电的时间约为 10 h D．该移动电源给电量为零、容量为 5 000 mAh 的手机充电，则理论上能充满 4 次 答案　D 6．(2019·嘉兴一中高三期末)火车转弯可近似看成是做匀速圆周运动，当火车速度提高时会使 轨道的外轨受损．为解决火车高速转弯时外轨受损这一难题，你认为以下措施可行的是(　　) A．减小内外轨的高度差 B．增加内外轨的高度差 C．减小弯道半径 D．增大火车质量 答案　B 解析　火车转弯时为减小外轨所受压力，可使外轨略高于内轨，使轨道形成斜面，若火车速 度合适，内外轨均不受挤压．此时，重力与支持力的合力提供向心力，F＝mgtan θ＝mv2 r ，解 得 v＝ grtan θ.当火车速度增大时，应适当增大转弯半径或增加内外轨道的高度差，故 B 正 确，A、C、D 错误． 7．质子和 α 粒子在同一匀强磁场中做半径相等的匀速圆周运动，则质子与 α 粒子的运动周 期之比T1 T2和线速度大小之比v1 v2分别为(　　) A.T1 T2＝1 2 B.T1 T2＝1 4 C.v1 v2＝1 2 D.v1 v2＝1 4 答案　A 解析　带电粒子在磁场中运动时有 qvB＝mv2 r ，T＝2πr v ，可得质子与 α 粒子的运动周期之比T1 T2 ＝1 2，线速度大小之比v1 v2＝2 1，A 正确． 8．(2019·湖南长沙市 3 月调研)现代科学的发展极大地促进了人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确的是(　　) A．卢瑟福 α 粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构 B．轻核聚变反应方程有：21H＋31H→42He＋10n C．天然放射现象表明原子核内部有电子 D．氢原子从 n＝3 能级跃迁到 n＝1 能级和从 n＝2 能级跃迁到 n＝1 能级，前者跃迁辐射出 的光子波长比后者的长 答案　B 解析　卢瑟福 α 粒子散射实验提出原子核式结构，天然放射现象说明原子核内部具有复杂的 结构，故 A 错误；轻核聚变反应是较小的核反应生成较大的核的过程，再由质量数与电荷数 守恒可知，B 正确；天然放射现象中放出的 β 粒子是原子核中的一个中子转变成一个质子和 一个电子而来的，故 C 错误；跃迁时辐射的能量等于两能级差，氢原子从 n＝3 能级跃迁到 n ＝1 能级和从 n＝2 能级跃迁到 n＝1 能级，前者跃迁辐射光子的能量大，频率大，则波长比 后者的短，故 D 错误． 二、选择题Ⅱ(本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分．每小题列出的四个备选项中至少有一 个是符合题目要求的．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分) 9．(2019·杭州市高三期末)甲、乙两列简谐横波在同一均匀介质中相向传播并相遇，在 t＝0 时刻两列波的位置如图所示．若两列波的周期分别为 T 甲和 T 乙，则(　　) A．这两列波相遇时能产生干涉现象 B．这两列波将同时到达坐标原点 C．在 t＝3 4T 乙时刻，x＝0.1 m 处质点受到的回复力为零 D．在 t＝2T 甲时刻，x＝0.1 m 处质点的位移为零 答案　BD 解析　两列简谐波在同一均匀介质内传播，可知波速相等，由题图可知两列波的波长不相等， 由 v＝λf 可知，频率不相等，不能产生干涉，故 A 错误；两列简谐横波在同一均匀介质内传 播，可知波速相等，此时两列波到原点的距离相等，根据 t＝x v 可知这两列波将同时到达坐标 原点，故 B 正确；在 t＝3 4T 乙时刻，乙波刚好传播到原点处，此时 x＝0.1 m 处质点位于波峰， 受到的回复力不为零，故 C 错误；根据题图可知 T 甲＝0.2 v ，T 乙＝0.4 v ，即 T 乙＝2T 甲，在 t＝2T 甲时刻，甲波刚好传播到 x＝0.1 m 处，乙波波形坐标为 x＝0.5 m 处质点的振动形式传到 x＝ 0.1 m 处，此时 x＝0.1 m 处质点的位移为零，故 D 正确． 10.(2019·陕西宝鸡市高考模拟检测)如图所示，一火箭中固定有一水平放置的压力传感器，传 感器上放有一个质量为 m 的科考仪器．火箭从地面由静止开始以g 2的初始加速度竖直向上加 速运动，火箭通过控制系统使其在上升过程中压力传感器的示数保持不变．当火箭上升到距 地面R 2的高度时(地球的半径为 R，地球表面处的重力加速度为 g)，以下判断正确的是(　　) A．此高度处的重力加速度为 1 4g B．此高度处的重力加速度为 4 9g C．此高度处火箭的加速度为 5 4g D．此高度处火箭的加速度为 19 18g 答案　BD 解析　由地球表面万有引力近似等于重力得：mg＝ GMm R2 ，距地面R 2的高度时，mg′＝ GMm (R＋R 2 )2 ，联立可得：g′＝4 9g，故 A 错误，B 正确；由牛顿第二定律可知，在地面，FN－mg ＝m·g 2，距地面R 2的高度时，FN－mg′＝ma，联立解得：a＝19 18g，故 C 错误，D 正确． 11.(2017·全国卷Ⅰ·20)在一静止点电荷的电场中，任一点的电势 φ 与该点到点电荷的距离 r 的关系如图所示．电场中四个点 a、b、c 和 d 的电场强度大小分别为 Ea、Eb、Ec 和 Ed.点 a 到点电荷的距离 ra 与点 a 的电势 φa 已在图中用坐标(ra，φa)标出，其余类推．现将一带正电 的试探电荷由 a 点依次经 b、c 点移动到 d 点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功 分别为 Wab、Wbc 和 Wcd.下列选项正确的是(　　)A．Ea∶Eb＝4∶1 B．Ec∶Ed＝2∶1 C．Wab∶Wbc＝3∶1 D．Wbc∶Wcd＝1∶3 答案　AC 解析　由题图可知，a、b、c、d 到点电荷的距离分别为 1 m、2 m、3 m、6 m，根据点电荷 的场强公式 E＝k Q r2可知，Ea Eb＝rb2 ra2＝4 1，Ec Ed＝rd2 rc2＝4 1，故 A 正确，B 错误；电场力做功 W＝qU， a 与 b、b 与 c、c 与 d 之间的电势差分别为 3 V、1 V、1 V，所以Wab Wbc＝3 1，Wbc Wcd＝1 1，故 C 正确， D 错误． 12.(2019·福建龙岩市教学质量检查)如图所示为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为 3∶1， 电压表和电流表均为理想电表．原线圈接有 u＝9 2sin 100πt (V)的正弦交流电，定值电阻 R＝ 3 Ω.下列说法正确的是(　　). A．t＝ 1 400 s 时，原线圈输入电压的瞬时值为 9 V B．t＝ 1 600 s 时，电压表示数为3 2 2 V C．电流表的示数为 1 A D．电流表的示数为 2 A 答案　AC 解析　原线圈接有 u＝9 2sin 100πt(V)正弦交流电，t＝ 1 400 s 时，原线圈输入电压的瞬时值为 u＝9 2× 2 2 V＝9 V，故 A 正确；电压表示数为有效值，故为 U＝ Um 3 2 ＝9 2 3 2 V＝3 V，故 B 错误；由 B 项可知，副线圈两端电压为 3 V，由欧姆定律可得：I＝3 3 A＝1 A，故 C 正确，D 错误． 三、非选择题(本题共 5 小题，共 52 分) 13．(6 分)(2019·宁波市“十校联考”)如图甲所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验 装置及数字化信息系统获得了小车加速度 a 与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图，钩码的质量为 m1，小车和砝码的质量为 m2，重力加速度为 g. (1)下列说法正确的是________． A．每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力 B．实验时应先释放小车后打开数据接收器 C．本实验 m2 应远小于 m1 D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作 a－ 1 m2图象 (2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得 F＝m1g，作出 a－F 图象， 他可能作出图乙中________(选填“甲”“乙”或“丙”)图线，此图线的 AB 段明显偏离直线， 造成此误差的主要原因是________． A．小车与轨道之间存在摩擦 B．导轨保持了水平状态 C．所挂钩码的总质量太大 D．所用小车的质量太大 答案　(1)D　(2)丙　C 14．(9 分)(2019·金丽衢十二校联考)某同学在探究规格为“2.8 V,1.5 W”的小电珠伏安特性曲 线实验中： (1)在小电珠接入电路前，使用多用电表直接测量小电珠的电阻，则应将选择开关旋至 ________进行测量． A．直流电压 10 V B．直流电流 2.5 mA C．欧姆×1 D．欧姆×10(2)该同学采用图甲所示的电路进行测量．图中 R 为滑动变阻器(阻值范围 0～20 Ω，额定电流 1.0 A)，L 为待测小电珠，V 为电压表(量程 3 V，内阻约为 5.0 kΩ)，A 为电流表(量程 0.6 A， 内阻约为 1 Ω)，E 为电源(电动势 3 V，内阻不计)，S 为开关． ①在一次测量中电流表的指针位置如图乙所示，则此时的电流为________A； ②根据实验测得的数据所画出伏安特性曲线如图丙所示，则小电珠正常工作时的电阻为 ________ Ω(结果保留两位有效数字)； ③该同学进一步对实验进行分析，认为采用图甲的实验电路做实验会产生系统误差，产生系 统误差的原因是________________． 答案　(1)C　(2)①0.43 或 0.44　②5.0　③电流表的读数大于小电珠的真实电流(或电压表的 分流作用) 15．(10 分)(2019·台州 3 月一模)如图所示是某游戏装置的示意图，ABC 为固定在竖直平面内 的截面为圆形的光滑轨道，直轨道 AB 与水平成 θ＝37°放置，且与圆弧轨道 BC 相切连接，AB 长为 L1＝0.4 m，圆弧轨道半径 r＝0.25 m，C 端水平，右端连接粗糙水平面 CD 和足够长的 光滑曲面轨道 DE，D 是轨道的切点，CD 段长为 L2＝0.5 m．一个质量为 m＝1 kg 的可视为 质点的小物块压缩弹簧后被锁定在 A 点，解除锁定后小物块被弹出，第一次经过 D 点的速度 为 vD＝1 m/s，小物块每次发射前均被锁定在 A 位置，通过调整弹簧 O1 端的位置就可以改变 弹簧的弹性势能，已知弹簧的弹性势能最大值为 Epm＝13 J，小物块与水平面 CD 间的动摩擦 因数为 μ＝0.3.(g 取 10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)求： (1)小物块第一次运动到 BC 轨道的 C 端时对轨道的压力大小； (2)小物块第一次发射前弹簧的弹性势能大小； (3)若小物块被弹出后，最后恰好停在 CD 中点处，不计小球与弹簧碰撞时的能量损失，则小物块被锁定时的弹性势能可能多大． 答案　(1)6 N　(2)8.9 J (3)7.65 J　9.15 J　10.65 J　12.15 J 解析　(1)小物块在 CD 间做匀减速直线运动 －μmgL2＝1 2mvD2－1 2mvC2 vC＝2 m/s mg＋FN＝mvC2 r FN′＝FN＝6 N (2)从 A 到 C 机械能守恒 Ep＝1 2mvC2＋mg(r＋rcos θ＋L1sin θ) Ep＝8.9 J (3)要使小物块能停在 CD 的中点，需在 CD 上滑过(2k－1)L2 2 的长度，由动能定理有： Ep－mg(r＋rcos θ＋L1sin θ)－μmg(2k－1)L2 2 ＝0 Ep＝6.9 J＋0.75(2k－1) J；k＝1,2,3… 由于 Epm≤13 J，有 0.75(2k－1)≤6.1， 即 k 取 1,2,3,4 得弹性势能的值为 7.65 J,9.15 J,10.65 J,12.15 J 时符合要求． 16．(12 分)(2019·浙南名校联盟高三期末)竖直平面内存在有界的磁场如图所示，磁场的上边 界 MN 和下边界 PQ 与水平轴 x 平行，且间距均为 4L；在 y>0 区域，磁场垂直纸面向里，y10d 和 z