理
注意事项:
科综 t』
i=l 试卷
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改
动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。 回答非选择题时,将答案写在答题卡上 ,写在本试
卷上元效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
考试时间150分钟,满分300分
可能用到的相对原子质量:H-1 C-12 N-14 。一16 Na-23 S-32 K̍ 39
Ca--40 Fe-56 Cu---64 Zn一-65
一 、选择题:本题共13小题,每小题6分,共78分。在每小题给出的四个选项中,只
有 一个选项最符合题意要求。
1.蛋白质和核酸是生物体内普遍存在的大分子物质 ,下列有关蛋白质和核酸结构和功能的说法
正确的是
A.有些蛋白质具有运输功能,比如膜岛素和血红蛋白
B.蛋白质和核酸两种生物大分子都以碳链为基本骨架
C.核昔酸是遗传信息的主要携带者
D.原核细胞 含有染色体、RNA和蛋白质
2. 研究人员分别测定了在一定光照强度下的 2个新育品种町、P2 幼苗与原种(对照)叶片的净
光合速率 ,结果如右图所示。 下列说法正确的是
A.25℃ 时,对照组的细胞呼吸速率 一 定比 P 2 组大
B. P,组的净光合速率 一 定大于对照组
C.25℃-40℃时,曲线呈下降趋势,植物不再生长
D. 在 35℃-40℃ 期间 ,存在 P ,组合P 2 组净光合速率相等
的点
砂7主 6
E 4
出 2
W>X>Y
10.在100℃时,2X(g)隌Y (g),将0.40 mol X气体充人5 L密闭容器中,每隔一段时间对该
容器内的物质进行分析,得到如下 数据:
时间( s) 。 10 20 30 40
n(X)/mol 0.40 n1 0.26 n1 n,
n(Y)/mol 0.00 0.05 n2 0.08 0.08
下列说法中正确的是
A . 反应开始1 0 s 内, 以X表示的平均反应 速率为 0.00 1 mol · L -l • s -l
B. n 1 > n2 > n3 = n4
C.40 8 时向容器中再通人0.32 mol氮气,同时将容器扩大为10 L,平衡 不移动
D.若起始投料为0.20 mol Y,相同条件下达到平衡,各组分含量与原平衡体系对应相等
11. 下图所示的实验装置能达到实验目的的是
碎泡沫塑料
A.用于中和反应的反应热测定
未知浓度的
HCI溶液
B.用于测定盐酸溶液的浓度
碳酸氢铀
C.验证N�C03 和NaHC03 D.实验室制取氯气
热稳定性的相对强弱
12.中国科学院研制了高倍率 、长循环的 FeS2 基铀离子电池和FeS2 基鲤离子电池 ,FeS2 基饷离
子电池和FeS2 基惶离子电池具有相似的充放电原理,工作原理如下图所示,FeS2 基惶离子
电池 的总反应为4Li + FeS2 =二2Li2 S + Fe,下列说法中错误的是
A
FeS21 电解质
A.该类电池具有质量轻、能量高等特点
B.该电池 的电解液应是非水溶剂
C.该电池 工作放电时,负极电极反 应式 为:FeS 2 +4e 皌Fe + 2S 2
D.铀离子半径较大,导致铀离子在电极材料中嵌入或脱出困难,电化学性能比钮离子电
池差
13. 研究发现Pd2 团簇可催化 co 的氧化,在催化过程中 路径不同可能生成 不同的过渡态和中
间产物(过渡态己标出),下图为路径1和路径2 催化的能量变化。 下列说法错误的是
i Pd2+2C0+02
0--1 ̍
」 o
㌍飞
主-2
时
组3→F IX
♀l:: 4
-5
-6
一才
过夜态 反应路径1
A.CO 的催化氧化反应为2CO +02 =二2C02
B.反应路径1 的催化效果更好
C. 路径1和路径2第一步能量变化都为3.22 eV
D. 路径1 中最大能垒(活化能) E正 =1.77 eV二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分。在每小题给出的四个选项中,第
14 ~18题只有 一项符合题目要求,第 19~ 21题有多项符合题目要求。全部选对
的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14.关于万有引力定律发现历程描述正确的是
A.牛顿在实验室对开普勒第二定律进行了验证
B.牛顿根据开普勒第三定律推导出 行星维持轨道运 行 所需的力与它们到旋转中心距离的
平方成反比关系
C.牛顿只研究太阳与行星之间的引力即得出了 万有引力定律
D.笛卡尔测定引力常 量,为 万有引力定律的普遍意义奠定了强有力的 实验基础
15.真空中电荷量为 + Q 的点电荷固定在0点,电荷量为 - q 的点电荷P仅在库仑力作用下绕
。做匀速圆周运动,如图所示。某同学在 OP 连线上P点右侧某点放置 电荷量为 + 8 的点电
荷N( 已知δ<qo¯gNa¤4h$!k
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îïikaãäIÇé5.!fF*0op¯Áóôé`LIÒI#物理部分答案及评分意见
14. B
[解析】开普勒第兰定律是开普勒对前人观察数据的总结,无法在实验室检验,A 错误;牛顿
在开普勒第二定律的基础上,应用数学总结 出力与平方成反比关系,并给出 了:在平方反比
力的 作用下,行星必做椭圆运动,B正确;万有引力定律关键是
“
万有
”
,它是一种普遍存在的
力,经过
“
天、地
”
研究,牛顿得出 万有引力定律,C错误;卡文迪许测量了引力常量,检验了万
有引力定律的正确性,D错误。
15. B
【解析】P、N周期相同,所以角速度相等,N的 半径大,所以 N的速度大,B正确;根据α=
w 2 r,A 错误;N需要的 向心力 指 向 0,+Q 给N的力向右, - q 给N的力向左,所以 - q 给N
的力大于 + Q 给N的力,C、D错误。
16. A
[解析】人和船沿 绳子方向速度 相等,所以 V 人 cosα = v 船 cosβ ,所以 A 正确。
17. D
[解析】0~2.0 8物块位移6m,根据 W =Fs,所以 F =2 N ,0~2. 0 s加速度αI = 1 m/s2
,根据
牛顿第二定律 F -f=ma1 ,所以f=lN。2.0 s ~ 4. 0 s 拉力F2 =f = 1 N,位移s2 =8 m,动能不
变,所以拉力 F 2 的功 W2 = F山=8 J ,D正确 。
18. A
【解析】电场力 F = --';f-q = 2 mg , Fcos 60 。 = mg,所以小球沿水平方向做直线运动,根据动 能定
理 E k = ÷ m v � +3啊 , A 正确 O
19. AC
[解析】由于空气阻力作用,上升过程速度大于下降过程同一高度的速度,所以上升时间小
h
于下降时间,根据v =t,所以上升平均速度大,A正确,上升和下降过程重力的功等大,时间
短的 平均功率大,B错误;上升过程阻力大于下降过程阻力,所以上升过程机械能损失大,下
降过程机械能损失小,C正确。阻力J =kv,所以阻力冲量 I =ft = 帖,其中h为上升的最大高
度,同理下降过程也为 I =ft = 胁,D错误。
20. CD
GMm v2
[解析]两卫星质量相等,轨道半径越大,引力势能越大,A错误;根据y = 片,所以 v =
/GM 2 1 GMm
A 旦,动能Ek = τmv 气 ,所以轨道半径大的 动能小,B错误;机械能E = 哼些- = ’\J r L, L,r L,r
G"'
-丁旦,所以半径大的 机械能大,C正确;回收过程中空气阻力做负功,机械能减少,D正确。L,r
21. BD
[解析]小球受到重力、弹力、绳子拉力,受力分析如图所示,三个力的合力提供向心力,且小
球做匀速圆周运动,向心力大小不变,D正确;向心
力方向始终与 FT 同向,所以 mg、FN 与(Fr - F向 )可
组成封闭三角形,重力大小方向不变,支持力方向
不变。所以 FN 变大,B正确,(FT - F 向 )变小,因此
FT 变小,A错误;设 支持力、拉力的合力为 F合 ,F合
与重力的合力提供向心力,其中向心力大小不变,
重力大小不变,且重力与向心力夹角 减小,所以 F合
变小,C错误。
22. (6分) ( 2) 11. 86 ( 11. 85~11. 88 即可)(2 分) (5 )如图所 示(1 分) ; 10. 00 ( 1 分) ;2 6. 5
(2 6. 2~26.5即可)( 2分)
F气
mg
25.00
20.00
15.00
AυAV AV -
5.00
0.00 0.00 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 3.00 3.50 4.00 4.50 FIN
[解析]F = k ( L - l 0 ) L = J_ F + l0 ,所以斜率的倒数等于 k ou ’ k u
23. (9分)(1) 6. 0 ( 5 . 7 - 6. 0即可)(2 分)
(2 )① C(2分)
②如图所示(2分)
③于(2分) ④多次测量取平均值;更换精度更高的 电流表等(1分)
u [解析]电压表量程为 3 V,内阻约为 6 kD,,所以电流 I= =0. 5 mA,所以电流表选择C,本R
u实验可采用伏安法测量电压表内阻。根据欧姆定律 R= ,本实验误差主要来源于测量仪I
器本身误差和测量结果读数的偶然误差,因此减少误差可以从上述两点考虑。
24. ( 12分)设 电梯加速时间为 t, ,则根据题意减速时间也为 t, O 设加速和减速的加速度大小
为α。
所以上升和下降过程位移均为x, =÷叫 ① (2分)根据速度方程 叫 = vm ② ……………… ……………………………………………… ( 3分)
根据位移关系 2x 1 +凡。 总 - 2 t 1 ) =58 5 m ③ ....................................... ...... … (5 分)
由①②③可得 α = 0. 8 m/s2 .....................................................................“分)
当向上加速时,乘客对电梯压力最大,对乘客分析
根据牛顿第二定律 Fmax-mg=ma ……..............…....... ….............................. (7 分)
所以Fm皿 = 648 N ………………………………………………………………………… (8 分)
根据牛顿第兰定律,乘客给电梯 最大压力大小 为 648 N ············ ············ ······· ….. (9 分)
当向上减速时,乘客对电梯压力最小,对乘客分析
根据牛顿第二定律 mg-F皿n =m a …………………………………………………… (10 分)
所以Fmin = 552 N ……………………………………………………………………… ( 11 分)
根据牛顿第三定律,乘客给电梯 最小压力大小为 552 N ········ …...................... ( 12 分)
25. (20 分)(1 )物块离开 B 后做平抛运动,设飞行时间为t1
2L s川。 =扫① (1分)
所以tl = 1 s ·…………………………………………………………………………….. (2 分)
~ = �斗的 ② (3 分)
小物块自0点到B点,根据动能定理
-mg2L s川。 -川.g cos 30
。 ·L = 护;-÷mv;③ (5 分)
,v3 根据 ②③计算可得μ= 巳 ……………… ……………………………………………… (6 分)2
吭,
( 2 ) 物块做平抛运动的 速度 Vm =亏= 13 的 (7 分)
物块自0到A由机械能守恒定律
÷mv� =mgL sin
计算得VA = /ISδmis ………………………………………………………………… (9 分)
因为μ千〉叫川〉叫,所以物块在传送带上加速运动 (时)
根据牛顿第二定律
α = µ g cos 30
。 - g sin 3 0
。 = 2. 5 mf S 2 • ' • • • • • • • • •' • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • • ' • • • • • • • • • • • • • • (
11 分)
若物块一直加速,则物块达到传送带上端时速度为v'B ,所以根据运动学公式
v'i -v! =2aL …………………………………………………………………………… (12 分)
计算得内= /I古 mis> Vm ………………………………………………………… ( 13 分)
因 此物块在传 送带上先加速,后匀速,传送带速度 v=vm = 13 mis ············ ······ (14 分)
(3)经过第(2)问分析,传送带速度越大,物块在AB段加速的距离越大,若物块一 直加速,到
达B点速度最大,水平位移z最大。设最大速度为 U
v二-v! = 2αL ....................………………………………… ………………………. (15 分)
解得vm = /175 mis . ………………………………………………………………….. (16 分)
当传送带速度等于凡时,物块和传送带的相对位移最小
设物块加速时间为t
Vm -VA
α .. ( 17 分)
传送带传送位移s = vmt ………………………………………………………………… (18 分)
Q=µmg m弛。 • (s -L) …· ………………………………………………………….. ( 19 分)
Q=(65-l0 ,/42) J=O. 川........ ……… …………… …………… …………… …. (20 分)
33. (1)(5 分)ACD
【解析】α→b过程,温度升高,压强不变,根据理想气体状态方棋Y=c,则体积变大,对外做T
功,温度升高,内能增加,根据热力学第一 定律,吸收热量,A正确;b→c过程,温度不变,压强
增大,体积减小,外界对其做功,放热,内能不变,B错误;根据理想气体状态方程,且α、c连
线过原点,所以 α、c 体积相等,所以旦= 旦 整理可得 C正确;c→d 过程,压强不变,温度减T T ’
小,体积减小,分子做热运动的平均速率降低,根据气体压强微观解释,平均每个气体分子与
器壁碰撞时动量变化变小,根据动量定理,力也会变小,为保证压强不变,撞击次数增加,D
正确;d→α过程,压强变小,温度不变,撞击次数减小,E错误。答案 ACD。
(2)(10 分)
( i )初始时气柱压强Pi= (76 +lO)cmHg
当转值水平, 压强 p2 =76 cmHg ········ …………………………………………………. ( 1 分)
该过程为等温过程,根据玻意耳定律
P1 l2S = P2l3 S ……………………………………………………………………………… (3 分)
所以气柱长度为 乌 = 22. 6 cm········ ……… ……………… …………… …………… …. ( 5 分)
( ii )随着水银不断注人,气柱长度逐渐降低,压强逐渐增大,当水银到达管口后,不能再注
人水银,此时理想气柱压强最大,设此时水银柱长度为元,所以空气柱l4=L →
此时压强p3 = (76 +元)cmHg
该过程为等温过程,根据玻意耳定律
Pil2S =p3l4S ……………………………………………………………………………… (7 分)
解得第=34. 5 cm ………………………………………………………………………… 估分)
所以最大压强p3 = 110. 5 cmHg ( 答案在 109 ~ 112 cmHg 均 可得分) .................. ( 10 分)
34. ( 1 )(5分)ACD
7 1. 6 【解析】若波沿 z 轴正方向传播,0. 2 s = T+nT,则 T= s,当 n =0 时,T 最大< 0. 3 s,8 7 +8n
1 1. 6 所以波不会沿Z轴正向传播。当波沿z轴负方向传播 0. 2 s = -T + nT T = 一一-s,因为 T>
8 ’ 1 +8n
0. 30 s,所以n 只能等于0,周期为1们,A正确;B错误。波速v斗 = 0. 1 的,c正确川=
0 位置 t= 0 时处在最大位移,0. 4 s 为周期的四分之一,返回平衡位置,D正确。x= 16 cm 的
质点在t= 0. 12 s 时位于平衡位置,E错误。答案:ACD。(2)(10分)
CD 《 3( i )光路图如图所示,sin LDOC =一=巳 所以 LDOC =60°…........................ ( 1分)oc 2 ’
in 60 。n = ̟一 ................................................ (2分)
smα
B、C两点折射率相同,所以角度如图所示。
OA R 根据正弦定理 = …….................. (3 分)
sin 120 ° sin β
所以 β = 30 °,所以 e =30 。 , LCO B =90 。 … ...... ... ( 4分)
α =45 ° ……………………………………………………………………………………( 5 分)
sin 60 。 创6n = 一一一 =巳 ....................................................................................... “分)
sin α2
( ii )光在介质中速度 v = 主……… ……… ……… ……… ……… ……… ……… …… ( 7 分)
根据几何关系 AB =R BC=/iR ……… ……… ……… ……… ……… ……… ……… 估分)
BC AB t = 一 + 一 …··…………………………………………………………………………·仰如
V C
_(/f +l)R .. ( 10分)