湖南天壹名校联盟2020届高三物理12月大联考试题(PDF版有答案)
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物理试卷.pdf

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资料简介
1 物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C A B D C BC ABC AC BC 1.D 解析:甲、乙两质点 3s 末在途中相遇时,各自的位移为 2m 和 6m,因此两质点出发 点间的距离是甲在乙之前 4m。 2.C 解析:光电效应现象说明光是一种粒子,A 项错误;光电效应实验中打出的是光电 子,而不是光,B 项错误;当照射光的频率大于等于金属的极限频率时,即照射光的波长小 于等于金属的极限波长时,会发生光电效应,C 项正确;光电效应的发生基本不需要时间, 与照射光的强度无关,D 项错误。 3.A 解析:将小球做的平抛运动进行分解,则有 tvx 0 , 2 2 1 gty  ,则 2 2 02 xv gy  , 结合图像有 2 0 52 g v  ,求得 0 1m/sv  ,A 项正确。 4.B 解析:由题意可知, 1 2m 甲 v20 1 2m 乙(2v0)2 =5 4 ,求得 m 甲=5m 乙,根据动量守恒 m 甲 v0-2m 乙 v0=m 乙 v,求得 v=3v0,B 项正确。 5.D 解析:设每个定值电阻的阻值为 R,电键 S 断开时,根据变流比,副线圈中的电流 为 2I,副线圈两端的电压为 2IR,根据变压比,原线圈两端的电压为 4IR,结合串并联电路 特点有 U=4IR+IR=5IR;同理,当电键 S 闭合时,设电流表的示数为 I1,副线圈中的电流 为 2I1,副线圈两端的电压为 I1R,原线圈两端的电压为 2I1R,则 U=2I1R+I1R=3I1R,得到 I1=5 3I,D 项正确。 6.C 解析:设小球刚好能垂直打在 CD 侧面时速度大小为 v,由机械能守怛定律有 mg[d-(L-2d)]=1 2mv2,由牛顿第二定律,mg=m v2 L-2d ,求得 d=3 8L,C 项正确。 7.BC 解析:设弹力与竖直方向的夹角为θ,由平衡条件得:小鸟所受的弹力 N=mgcosθ, 从 A 到 B 的过程中,θ减小,则弹力增大,A 错误、B 正确;小鸟所受的摩擦力 f=mgsinθ, 从 A 到 B 的过程中,θ减小,则摩擦力减小,故 C 正确,D 错误。 8.ABC 解析:由于等量异种电荷连线的垂直平分线为等势线,且电势为零,因此 a、b、 c、d 四点和 O 点的电势均为零,A 项正确;上面两个等量异种电荷在 b 点产生的电场的电 场强度方向向右,下面两个等量异种电荷在 b 点产生的电场的电场强度方向向左,由于上面2 两个等量异种电荷在b点产生的电场强度大于下面两个等量异种电荷在b点产生的电场的电 场强度,因此 b 点的合场强方向向右;根据对称性可知,d 点的场强与 b 点的场强大小相等, 方向相反,B 项正确;由于 a、b 两点等势,因此将一个检验电荷从 a 点移到 b 点,电场力 做功为零,C 项正确;由于 a、c 所在的直线为等势线,因此将一个检验电荷从 a 点沿直线 移到 c 点的过程中,电荷的电势能保持不变,D 项错误。 9.AC 解析:在北极 FN1=GMm R2 ,在赤道 GMm R2 -FN2=mR4π2 T2 ,根据题意,有 FN1-FN2= ΔN,联立计算得出:T=2π mR ΔN ,所以 A 正确、B 错误;万有引力提供同步卫星的向心力, 则:GMm′ r2 =m′4π2r T2 ,联立可得:r3=GMmR ΔN ,又地球表面的重力加速度为 g,则:mg=GMm R2 , 得:r=3 mg ΔNR,C 正确,D 错误。 10.BC 解析:根据右手定则可知,通过电阻 R 的电流方向为 b 到 a,A 项错误;由于速度 方向始终与磁场垂直,当导体棒的速度为 v 时,感应电动势 E=BLv,则电阻 R 的瞬时功率 P=E2 R =B2L2v2 R ,B 项正确;通过电阻 R 的电量 q=Δφ R =B×1 2 πrL R =πBrL 2R ,C 项正确;根 据功能关系,导体棒运动到 MN 位置时,1 2mv2=mgr-E,在 MN 位置,F-mg=mv2 r ,求得 F=3mg-2E r ,D 项错误。 11.答案:(1)BD ;(2)1.2 ; (3)不需要 小于 ; (4) 0.2(最后一空 2 分,其他每空 1 分) 解析:(1)从甲图可以看出,小车所受的合外力由弹簧秤测出,不必测沙和桶的质量, 故选项 A 错误,但平衡摩擦力的步骤不能省,故选项 B 正确,轻绳与木板要平行,不是 与桌面平行,故选 C 错误,小车靠近打点计时器,先接通电源后释放小车,故选项 D 正 确,所以选 BD。 (2)由运动学公式求加速度, 2 2 1.2m/s(2 5 0.02) BD OBx xa    。 (3)由于拉力可以从弹簧秤读出,所以不需要满足 m<<M,由于沙和桶的位移是小车 的 2 倍,则小车的加速度小于沙和桶的加速度。 (4)对小车根据牛顿第二定律有:2F=Ma 即 2a FM   ,结合图象的斜率 2 4.0 0.4k M   , 所以 M=0.2kg。3 12.(1)见解析(3 分) (2)左 保护电路 (2 分) (3)3.8 0.5(2 分) (4)小 小(2 分) 解析:(1)实物连接图如图。 (2)闭合电键前,为了使滑动变阻器接入电路的电阻最大,滑动 变阻器的滑片应移动最左端;电路中定值电阻起保护电路的作用。 (3)根据 U-I 图线可得:电动势 E=3.8V,电池内阻 r=ΔU ΔI - R=3.8-1.4 0.6 Ω-3.5Ω=0.5Ω。 (4)由于电压表的分流作用,使得电动势、内阻的测量值都比真实值小。 13.解析:(1)设上滑的时间为 t1,下滑的时间为 t2,根据题意知 2 1 2 1  mgt mgt (1 分) 即: 2 1 2 1  t t (1 分) 设物块与斜面间的动摩擦因数为μ,根据牛顿第二定律, 上滑过程中加速度大小  cossin1 gga  (1 分) 下滑过程中加速度大小  cossin2 gga  (1 分) 2 22 2 11 2 1 2 1 tata  (1 分) 求得 1 24a a , 45.0 (1 分) (2)设物块返回到斜面底端的速度为 v,则 v20 2a1 = v2 2a2 (1 分) 解得物块滑到斜面底端时的速度大小 v= 1 2 v0 (1 分) 14.解析:(1)对小球 m1,由机械能守恒定律得:1 2m1v21=m1gH(2 分) 解得:v1=6m/s(1 分) 取水平向左为正,对小球 m1、m2,由动量守恒定律得:0=-m1v1+m2v2(2 分) 在 c 点,由牛顿第二定律得:F-m2g=m2v22 R (1 分) 联立以上各式代入数值得:v2=9m/s,m2=1.0kg(m2=3kg,v2=3m/s 舍去)(1 分) (2)由能量的转化及守恒得:EP=1 2m1v21+1 2m2v22(2 分) 代入数值得:EP=67.5J(1 分)4 15.解析:(1)设 P 点的位置坐标为(x1,y1) 粒子从 P 点到 O 点的运动为类平抛运动的逆运动 因此有:x1=1 2vxt1,y1=vyt1(1 分) vx=vy= 2 2 v0(1 分) vx=at1(1 分) a=qE m (1 分) 求得 t1= 2mv0 2qE ,x1=mv20 4qE ,y1=mv20 2qE (1 分) (2)粒子进入磁场时速度大小 v=vy= 2 2 v0(1 分) 粒子两次在磁场中运动的总时间 t2=2πm qB (1 分) 粒子第二次在电场中运动时间 t3=2vy a = 2mv0 qE (1 分) 粒子第三次在电场中运动时做类平抛运动,设运动的时间为 t4,则 x3=1 2at24,y3=vyt4(1 分) tan45°=y3 x3 (1 分) 求得 t4= 2mv0 qE (1 分) 因此粒子从 P 点射出到第五次经过 MN,所用时间 t=t1+t2+t3+t4=5 2mv0 2qE +2πm qB (1 分)5 16.(1)BCE 解析:与气体接触的液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离,液 体表面层的分子间同时存在相互作用的引力与斥力,但由于分子间的距离大于分子的平衡距 离 r0,分子引力大于分子斥力,分子力表现为引力,即存在表面张力,表面张力使液体表面 有收缩的趋势,故 A 错误;饱和蒸汽压和温度有关,和其体积无关,故 B 正确;保持体积 不变,减小压强,根据理想气体的状态方程:pV T =C 可知气体的温度一定降低,所以可知未 饱和汽在降低温度时可能转化成饱和汽,故 C 正确;空气中水蒸气压强等于同温度水的饱 和汽压,水蒸发速率等于水蒸气的液化速率,达到一个动态平衡,但水不会停止蒸发,故 D 错误;空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示,空气的相对湿度定义为空气中所含 水蒸汽的压强与相同温度时水的饱和汽压之比,选项 E 正确。 (2)解析:(ⅰ)开始时,A、B 中气体的压强 p1=p0+mg S (1 分) 对 A 气体研究,当气体的体积增大为原来 2 倍,气体发生等压变化 即:V T0 =2V T (2 分) 得 T=2T0(1 分) 对 B 气体研究,气体发生等容变化,则p1 T0 =p2 T(1 分) 得 p2=2p1=2(p0+mg S )(1 分) (ⅱ)活塞向上移动过程对外做功为 W=p1ΔV=(p0+mg S )V(2 分) 根据热力学第一定律,两部分气体增加的内能ΔU=Q-W=Q-(p0+mg S )V(2 分) 17.(1)λ= 1.2 3n+1 m(n=0,1,2,…)(3 分) v= 6 3n+1 m/s(n=0,1,2,…)(2 分) 解析:由题意可得 nλ+1 3 λ=40cm 解得λ= 1.2 3n+1 m(n=0,1,2,…) 由 v=λ T 可得,v= 6 3n+1 m/s(n=0,1,2,…) (2)解析:(ⅰ)由几何关系可得:光在 AB 界面的入射角为 30°(1 分) 光在 AO 界面的入射角为θ=30°(1 分) 折射角为 45°,由折射定律可得 n=sin45° sin30° = 2(2 分) (ⅱ)由几何关系可得:CD=Rcos30°= 3 2 R(1 分) DE= 3 3 R(1 分) 光在介质中的传播速度为 v=c n(2 分) 光线沿 CDE 传播时间 t=CD+DE v =5 6R 6c (2 分)

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