河北省正定中学2019-2020学年高二3月线上月考（下学期第一次月考）物理试题.pdf

河北正定中学 2019-2020 学年第二学期高二第一次月考试题答案 物 理 一、选择题，其中 1-12 题是单项选择题，13-20 是多项选择题。每题 4 分，共计 80 分。 1.选 A。黑体辐射的强度随着温度的升高，一方面各种波长的辐射强度都增加，另一方面辐射强度的极大 值向着波长较短的方向移动，所以 A 正确。 2.选 C。远距离输电过程中的主要能量损耗是输电导线的发热损耗，由 P 失＝I2R 可以看出，在保证输电功 率的前提下有两种方式可减小输电中的能量损失：一是减少输电线的电阻，由 R＝ρL S 知，A 正确．二是 减小输电电流，B 正确．若输电电压一定，由 P＝UI 知输送的电功率越大，输电电流越大，则输电中能量 损耗 P 失＝I2R 越大，C 错误．在影响高压输电的因素中另一个重要因素是电晕放电引起的电能损耗，在输 出电压越高时，电晕放电引起的电能损失越大，D 正确． 3.选 C。根据原、副线圈的电流关系有： ＝ ，当输出电流增加 2A（△I2＝2A）时，输入电流增 加△I1，即 ＝ ，解得输入电流增加 40A，故 C 正确，ABD 错误。 4.选 C。分析甲线框，顺时针方向转动，根据右手定则可知，此时从上向下看，电流为顺时针，故电流从 a 流向 b，则乙线框中，根据左手定则可知，ab 边受到的安培力 F 向下，乙线框是在安培力作用下的运动， 属于通电导线在磁场中的受力，表示电动机的工作原理，故 C 正确，ABD 错误。 5.选 D。以 eg 为轴转动的过程中穿过线圈的磁通量始终为 0，没有电动势；以 ad 为轴转动的过程中穿过线 圈的磁通量始终为 0，没有电动势；设线圈的面积为 S，磁感应强度为 B，以 bd 为轴，转过 90°时的磁通 量最大，由图可知，其磁通量的最大值小于 BS，则 Em＜NBSω；D、以 hf 为轴，转过 90°时的磁通量最 大，由图可知，其磁通量的最大值等于 BS，则 Em＝NBSω。由以上的分析可知，以 hf 为轴产生的感应电 动势最大值最大。故 ABC 错误，D 正确。 6.选 B。由图乙可知，该电压的周期为 0.02s，故频率为 50Hz，故 A 错误；由电流的热效应知，一个周期 内电阻产生的热量 ×0.01＝ ×0.02，故电压有效值为 50V，故 B 正确；电容器两端的瞬时电压不 应超过标称电压，故 C 错误；电阻 R 产生的热量应使用电压的有效值进行计算，故产生的热量为 Q＝ ×t＝1.5×104J，故 D 错误。 7.选 C。用电高峰时，并联的用电器越多，总电阻越小，总电流越大，输电线电阻上损失的电压越大，用 电器两端的电压减小，故 C 正确． 8.选 B。t＝0 时刻线圈平面恰好与磁场方向垂直，故 A 错误；由图可知 Ta＝0.2s，则ωa＝ ＝10π rad/s，Tb＝0.3s，则ωb＝ ＝ rad/s，又 ＝ ，可得：Emb＝40V，故图线 b 电动势的瞬时值表 达式为：e＝Embsinωbt＝40sin（ πt）V，故 B 正确；由 可知线圈先后两次转速之比为 3：2，故 C 错误；转速调整后交流电的频率发生变化，电感对交变电流的阻碍减小、电容对交变电流的阻碍增大， 三个灯泡的亮度各不相同，故 D 错误。 9.选 B。输电线上输送的电流 I＝P U ＝3×106kW 500kV ＝6000A，A 错；输电线上损失的电压为ΔU＝Ir＝6000× 2.5V＝1.5×104V＝15kV，B 对；若改用 5kV 的电压输电，则输电线上输送的电流 I′＝ P U′ ＝3×106kW 5kV ＝ 6×105A，输电线上损失的功率ΔP＝I′2r＝(6×105)2×2.5W＝9×108kW，表明电能将在线路上损耗完， 则输电线上损失的功率为 3×106kW，C 错；D 项中输电线上损失的功率ΔP＝U2/r，U 应为输电线上损耗 的电压，而不是输电电压，D 错． 10.选 C。设变压器原线圈两端的电压为 U0，匝数为 n0，根据变压器原理可知，副线圈匝数为 n1 和 n2 的输 出电压分别为 ， 根据能量守恒可知： ， 。整理得： ＝ ， 故 C 正确，ABD 错误。 11.选 A。D、若 A、B、C 均正常发光，则副线圈的输出电压为 2U．分析原线圈的电路，灯泡 A 两端的电 压即原线圈的输入电压，为 U，根据电压和匝数的关系可知，输入电压与输出电压之比为 1：2，则匝数比 为 1：2，故 D 错误。A、B、C、三个灯泡正常发光，则流过的电流相等，均为 I，根据电流和匝数的关系 可知，原线圈的输入电流为 2I，根据并联电路的规律可知，流过电阻 R 的电流为 3I，即 IR＝3IB，故 A 正 确，BC 错误。 12.选 B。A、闭合 S，副线圈总电阻减小，副线圈中电流增大，电阻 r 上的电压增大，副线圈电压不变， 所以灯泡两端电压减小，故灯泡 L1 会变暗，故 A 错误； B、根据以上分析得电阻 r 上的电压增大，r 消耗的功率会变大，故 B 正确； C、仅将滑片 P 下移，副线圈匝数减小，则输出电压减小，副线圈中电流减小，r 消耗的功率会变小，故 C 错误； D、仅将滑片 P 上移，副线圈匝数增加，则输出电压增大，副线圈中电流增大，原线圈电流增大，电流表 示数会变大，故 D 错误； 13.选 CD。对升压(或降压)变压器而言，由变压器电压比 U1：U2＝n1：n2 知，输入电压不变，匝数不变， 输出电压不变，故 A 选项不正确；由 P＝UI 知，U 不变，P 增大，故 I 增大，使得输电线上的电压损耗Δ U＝IR 线增大，功率损耗ΔP＝I22R 线增大，所以降压变压器上的输入电压减小，输出电压减小，所以 B 不 正确，C 正确；因为输电线上损耗的功率占总功率的比例为ΔP P1 ＝I22R 线 P1 ＝ P1 U1 ·n1 n2 2R 线 P1 ＝P1n21R 线 U21n21 ∝P1，所以随 发电厂输出功率变大，该值变大，D 正确．14.选 BC．A、根据 eU 截= 2 2 1 mmv =hγ﹣W，入射光的频率越高，对应的截止电压 U 截越大．甲光、乙光 的截止电压相等，所以甲光、乙光的频率相等；故 A 错误． B、丙光的截止电压大于乙光的截止电压，所以丙光的频率大于乙光的频率，则乙光的波长大于丙光的波 长；故 B 正确． C、同一金属，截止频率是相同的，故 C 正确． D、丙光的截止电压大于甲光的截止电压，所以甲光对应的光电子最大初动能小于于丙光的光电子最大初 动能．故 D 错误． 15.ABD 16.AC 17.AC 18.CD 19.选 AD。电流方向向右，电子向左定向移动，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向里， 则后表面积累了电子，前表面的电势比后表面的电势高，故 A 正确，B 错误；由电子受力平衡可得 e ＝ evB，解得 U＝Bva，所以前、后表面间的电压 U 与 v 成正比，即前、后表面间的电压 U 与 v 有关，故 C 错误；D 正确。 20.选 BC。电压表读数为电压的有效值，不等于零，故 A 错误；电压表的读数为 R 两端的电压，电阻 R 上的电功率 P＝ ＝ W＝10W，故 B 正确；根据乙图可知，线圈从平行于磁场方向开始转动，故 R 两端的电压u 随时间t变化的关系为余弦函数，等于的最大值Um＝ U＝10 V，角速度ω＝ rad/s ＝100π rad/s，所以 R 两端的电压 u 随时间 t 变化的规律是 u＝10 cos100πt（V），故 C 正确；当滑动 变阻器触头向下滑动时，R 增大，总电流减小，内压减小，路端电压增大，电压表示数增大，故 D 错误。二、计算题。每题 10 分，有详细解题步骤，在答题纸线框内认真书写，拍照上传评分。 21.（1）600V（2）i＝60cos100πt（A）（3）0.1C 解析：（1）因为ω＝2πn 所以电动势的最大值： Em＝NBSω＝100×1×200×10﹣4×2×3×50V＝600V...............................................2 分 （2）根据闭合电路欧姆定律： Im＝ ＝ A＝60A....................................................................................................2 分 线圈从平行于磁场方向开始转动， 所以电流的瞬时表达式为： i＝60cos100πt（A）..........................................................................................................2 分 （3）十二分之一个周期转过θ＝30° 此时磁通量为△∅ ＝BSsinθ＝0.01Wb............................................................................2 分 由 E＝N ，I＝ ，q＝I△t 联合得：q＝N ＝100× C＝0.1C.....................................................................2 分 22.(1)1∶20 240∶11 (2)96kW 解析：(1)输电线损失的功率 P 损＝P×4%＝100kW×4%＝4kW. 输电线中电流 I2＝ P 损 R 线 ＝ 4×103 10 A＝20A...................................................................2 分 升压变电器输出电压 U2＝P I2 ＝100×103 20 V＝5×103V. 升压变压器原、副线圈匝数比：n1 n2 ＝U1 U2 ＝ 250 5000 ＝ 1 20 ..........................................................2 分 电压损失 U 损＝I2R 线＝20×10V＝200V.................................................................................2 分 降压变压器原线圈端电压 U3＝U2－U 损＝4800V. 降压变压器原、副线圈匝数比n3 n4 ＝4800 220 ＝240 11 ....................................................................2 分 (2)用户得到的电功率即降压变压器的输出功率为 P 用＝P－P 损＝P(1－4%)＝100×96%kW＝96kW....................................................................2 分