2020年上海市青浦区中考物理一模试卷.doc

‎2020年上海市青浦区中考物理一模试卷 一、单项选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．‎ ‎1．（2分）家用电视机的电流约为（　　）‎ A．50安 B．5安 C．0.5安 D．0.05安 ‎2．（2分）首先完成大气压值测定的科学家是（　　）‎ A．欧姆 B．牛顿 C．阿基米德 D．托里拆利 ‎3．（2分）下列工具中，主要利用大气压工作的是（　　）‎ A．吸尘器 B．液位计 C．茶壶 D．订书机 ‎4．（2分）食用油瓶上标有“2L”的字样，这是用来表示该瓶装食用油的（　　）‎ A．质量 B．重力 C．体积 D．密度 ‎5．（2分）在下列各物理量中，反映导体对电流阻碍作用的是（　　）‎ A．电压 B．电阻 C．电流 D．电荷量 ‎6．（2分）若一艘轮船从长江驶入东海，关于轮船受到的浮力及船身状况的判断，正确是（　　）‎ A．浮力变大，船身上浮 B．浮力变大，船身下沉 ‎ C．浮力不变，船身上浮 D．浮力不变，船身下沉 ‎7．（2分）在图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S从断开到闭合，先后两次电流表A的示数之比为2：3．若将电阻R1、R2串联在电路中，则R1、R2两端的电压之比为 ‎（　　）‎ A．2：1 B．1：2 C．2：3 D．3：2‎ ‎8．（2分）甲、乙两个均匀正方体分别放在水平地面上，它们对水平地面的压强相等。若沿水平方向将甲、乙正方体上方截去，使甲、乙剩余部分的高度相同，如图所示，则剩余部分的质量m甲、m乙的关系是（　　）‎ 第30页（共30页）‎ A．m甲一定大于m乙 B．m甲一定小于m乙 ‎ C．m甲可能小于m乙 D．m甲可能等于m乙 二、填空题（共30分）请将结果填入答题纸的相应位置．‎ ‎9．（3分）一节新干电池的电压为　 　伏，在利用它做电源时，　 　用导线直接将正负极相连（选填“可以”或“不可以”）。‎ ‎10．（3分）刀刃磨得锋利、锥子做的尖锐，是采用　 　受力面积的办法，以便我们用较小的力就能产生很大的　 　。‎ ‎11．（3分）物理学中的仪器、仪表在生产、生活中有着广泛的应用。在图5中，茶壶（a图）相当于是一个　 　，汽车油量表（b图）实际上是一只　 　表。登山运动员用的高度计是由　 　经重新标度后改造而成的。‎ ‎12．（3分）冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的　 　是0.9×103千克。当冰熔化成水时，质量将　 　，体积将　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。‎ ‎13．（3分）铁球浸没在水中，排开水的重力为0.6牛，铁球受到浮力的大小为　 　牛，当它下沉时，受到浮力的大小　 　，受到水的压强　 　（选填“变小”“不变”或“变大”）。‎ ‎14．（3分）现有长度相同的铜导线甲和乙，已知甲的电阻较小，则甲的横截面积　 　乙的横截面积；若将它们串联在电路中，通过甲的电流　 　通过乙的电流；若将它们并联在电路中，则甲两端的电压　 　乙两端的电压。（均选填“小于”“等于”或“大于”）。‎ ‎15．（3分）体积为1×10﹣3米3、密度为0.6×103千克/米3的物块漂浮在水面上，它的质量为　 　千克，受到的浮力为　 　‎ 第30页（共30页）‎ 牛；木块的下表面距离水面0.06米，则下表面受到水的压强为　 　帕。‎ ‎16．（3分）某导体两端的电压为6伏，电阻为15欧，通过该导体的电流为　 　安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为　 　库；若将该导体两端电压调整为12伏，其电阻为　 　欧。‎ ‎17．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2的阻值完全相同，闭合开关S，电压表、电流表的示数分别为U0、I0．一段时间后发现，其中一个电表的示数变为零。若电路中只有一处故障且故障只发生在R1、R2上，请写出相应的电表示数及故障。　 　。‎ ‎18．（3分）如图所示的多芯线是生产、生活中常用的导线。‎ ‎①多芯线是由多根细导线绕制而成，多芯线的电阻远小于每根细导线的电阻，由此可判断多芯线中的各根细导线之间是　 　连接的。（选填“并联”或“串联”）‎ ‎②若一根多芯线甲由两根电阻均为R0的细导线绕制而成，则多芯线甲的电阻为　 　。‎ ‎③若多芯线甲中再增加一根电阻为R0的细导线，做成多芯线乙，请你根据已有的电路知识推导多芯线乙的电阻。　 　（需写出推导过程）。‎ 三、作图题（共8分）请在答题纸的相应位置作图，作图必须使用2B铅笔．‎ ‎19．（3分）在图中，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力。‎ ‎20．（2分）在图中的空缺处填上适当的电源、电表符号，使两小灯泡并联且能正常发光。‎ 第30页（共30页）‎ ‎21．（3分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：‎ ‎①灯L与滑动变阻器串联；‎ ‎②闭合开关S，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数变大。‎ 四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．‎ ‎22．（3分）金属块排开水的体积为2×10﹣3米3，求金属块受到浮力F浮的大小。‎ ‎23．（5分）某容器的质量为1千克，装满水时总质量为3千克。‎ ‎①求容器中水的体积V。‎ ‎②若在容器中装满某种液体时，总质量为2.6千克，求该液体的密度ρ液。‎ ‎24．（8分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上。甲的底面积为2×10﹣2米2．乙的重力为60牛、底面积为3×10﹣2米2。‎ ‎①求圆柱体乙对水平地面的压强p乙。‎ ‎②若将一物体A分别浸没在容器甲的水中（水未溢出）、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强的变化量相等。求物块A的密度ρA ‎25．（10分）在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏。闭合开关S，电流表A1、A的示数分别为0.3安、2.3安。‎ ‎①求通过电阻R2电流I2。‎ 第30页（共30页）‎ ‎②求电阻R1的阻值。‎ ‎③现用电阻R0替换电阻R1、R2中的一个，替换后，发现两电流表指针的偏转角度相同，两电流表表盘如图（b）所示。求电阻R0的阻值及电流表A的示数。‎ 五、实验题（共20分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．‎ ‎26．（4分）在“探究导体中电流与电压的关系”实验中，电流表应与导体　 　，电压表应与导体　 　；实验时应选用导体　 　（选填“一个”或“多个”），并进行　 　实验。‎ ‎27．（4分）在“测定物质的密度”实验中，通常可以用电子天平测量物体的　 　，用量筒测量物体的　 　。‎ ‎28．（4分）在“验证阿基米德原理”的实验中。‎ ‎①使用图1所示的溢水杯和小烧杯接收被测物块排开的水。在浸入被测物块前，在溢水杯中加入适量的水，使水面　 　。‎ ‎②图2为实验步骤的示意图，其中“步骤A”和“步骤B”的目的是：测出　 　；步骤C”和“步骤D”的目的是：测出　 　。‎ ‎③若图中弹簧测力计的四个示数值F1、F2、F3、F4满足关系式　 　时，则可以验证阿基米德原理。‎ ‎29．（4分）某同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为4.5伏）、待测电阻RX、电流表、电压表、开关各一个，三个滑动变阻器（分别标有“5欧2安”“10欧2安”“50欧1安”‎ 第30页（共30页）‎ 字样）以及导线若干。他选择一个滑动变阻器，正确连接电路后，将变阻器的滑片滑到金属杆的端点。闭合开关，电压表、电流表的指针位置如图（a）、（b）所示，记录第一组数据；然后移动变阻器的滑片至某一位置时，发现电压表、电流表的指针自（a）、（b）位置均转过三小格，记录第二组数据；接着继续操作完成实验。‎ ‎①实验中电压表所选的量程为　 　伏。‎ ‎②判断实验中所选的变阻器。　 　（需写出计算过程）‎ ‎③该同学的第二组数据中，电压、电流及计算出RX的阻值是　 　。‎ ‎30．（4分）某小组做“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验，他们在扎有橡皮薄膜的同一横截面积的玻璃管中注入液体，用橡皮薄膜向下凸出的程度l表示液体对容器底部的压强大小。他们用了三种液体各做了两次实验，下表记录了注入液体的密度ρ、深度及六次橡皮膜凸出的程度l1、l2、l3、l4、l5、l6，且l1＜l2＜l3＜l4＜l5＜l6。‎ 液体的密度ρ ‎（×103千克/米3）‎ 实验序号 深度h ‎（厘米）‎ 橡皮薄膜凸出程度 l ‎0.8‎ ‎1‎ ‎5‎ l1‎ ‎2‎ ‎10‎ l2‎ ‎1.0‎ ‎3‎ ‎10‎ l3‎ ‎4‎ ‎20‎ l4‎ ‎1.2‎ ‎5‎ ‎18‎ l5‎ ‎6‎ ‎20‎ l6‎ ‎①分析比较实验序号　 　数据中l与h的关系与相关条件，可得出的初步结论是：当液体的密度相同时，液体对容器底部的压强随液体深度的增大而增大。‎ ‎②分析比较实验序号2与3或4与6数据中l与ρ的关系与相关条件，可得出的初步结论是：　 　。‎ ‎③该小组同学对数据进一步分析以后，有人提出这样的观点：液体对容器底部的压强与液体的质量有关。对此，该小组同学进一步思考分析，认为出现“液体对容器底部的压强既跟液体质量有关又跟液体深度有关”‎ 第30页（共30页）‎ 的结论是由于实验所用容器的特殊性造成，因此他们添加了器材再次进行实验。请你简单描述该小组同学所应添加器材的特征。　 　（可用文字或用图示进行描述）‎ 第30页（共30页）‎ ‎2020年上海市青浦区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．‎ ‎1．（2分）家用电视机的电流约为（　　）‎ A．50安 B．5安 C．0.5安 D．0.05安 ‎【分析】家庭电路的电压为220V，估测电视机的功率，根据P＝UI求出对应的电流，据此进行解答。‎ ‎【解答】解：正常工作时，电视机的功率约为100W，‎ 由公式P＝UI可得，I＝＝≈0.5A，‎ 故电视机的电流在0.5A左右，故C正确，ABD错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了我们对常见用电器电流值的了解，以及电功率公式的应用，难度不大。‎ ‎2．（2分）首先完成大气压值测定的科学家是（　　）‎ A．欧姆 B．牛顿 C．阿基米德 D．托里拆利 ‎【分析】熟悉每位科学家的主要成就，从而确定符合题意的选项。‎ ‎【解答】解：‎ A、最先通过实验总结得出电流与电压、电阻三者之间关系的科学家是欧姆，故A不符合题意；‎ B、牛顿发现了牛顿第一定律，故B不符合题意；‎ C、阿基米德是著名的学者、物理学家，发现了杠杆的平衡条件和阿基米德原理，故C不符合题意；‎ D、1643年6月20日，意大利科学家托里拆利首先测出了大气压的数值，此实验命名为托里拆利实验，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】熟悉基本的物理学史，掌握主要的物理学家的主要成就。‎ ‎3．（2分）下列工具中，主要利用大气压工作的是（　　）‎ 第30页（共30页）‎ A．吸尘器 B．液位计 C．茶壶 D．订书机 ‎【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。‎ ‎【解答】解：‎ A、吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，是利用了大气压，故A符合题意；‎ B、液位计是上端开口，底部相连的容器，构成了一个连通器，与大气压无关，故B不合题意；‎ C、茶壶上端开口、底部相连通，构成连通器，与大气压无关，故C不合题意；‎ D、订书机用到的物理知识是比较多的，如：①压柄做得宽大有利于减小压强，②钉书针（出针口）很尖细有利于增大压强，③底座做得宽大有利于减小压强等等；但都不是大气压进行工作的等，但都没有利用大气压，故D不符合题意。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查大气压的有关问题，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。‎ ‎4．（2分）食用油瓶上标有“2L”的字样，这是用来表示该瓶装食用油的（　　）‎ A．质量 B．重力 C．体积 D．密度 ‎【分析】根据体积的意义，物体所占空间的大小叫做物体的体积，由此解答即可。‎ ‎【解答】解：食用油瓶上标有“2L”的字样，这是用来表示该瓶装食用油的体积是2L；‎ 故选：C。‎ ‎【点评】明确体积的含义是解答此题的关键，是一道基础题目。‎ ‎5．（2分）在下列各物理量中，反映导体对电流阻碍作用的是（　　）‎ A．电压 B．电阻 C．电流 D．电荷量 ‎【分析】根据电压、电阻、电流以及电荷量的作用进行选择。‎ ‎【解答】解：A、电压是使电路中形成电流的原因，故A错误；‎ B、电阻是用来表示导体对电流的阻碍作用；故B正确；‎ C、单位时间里通过导体任一横截面的电量叫电流，故C错误；‎ D、用于度量电荷的多少叫电荷量，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查电阻对电路的作用，属于基础题。‎ 第30页（共30页）‎ ‎6．（2分）若一艘轮船从长江驶入东海，关于轮船受到的浮力及船身状况的判断，正确是（　　）‎ A．浮力变大，船身上浮 B．浮力变大，船身下沉 ‎ C．浮力不变，船身上浮 D．浮力不变，船身下沉 ‎【分析】当轮船由长江驶入大海后，都是漂浮，根据漂浮条件分析船受到浮力的变化情况，再根据阿基米德原理判断排开水的体积（浸入水中的体积）的变化，得出是上浮一些，还是下沉。‎ ‎【解答】解：‎ 当轮船由从长江驶入大海后，仍然处于漂浮状态，‎ 船受到的浮力：F浮＝G，因为船受到的重力不变，所以船受到的浮力不变；‎ 又因为F浮＝ρ水gV排，ρ海水＞ρ江水，‎ 所以排开海水的体积小于排开江水的体积，即：船浸入水中的体积变小，船上浮一些，故ABD错误，C正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查物体的浮沉条件及阿基米德原理，关键应注意轮船漂浮时浮力等于物重这一特点，属于基础题。‎ ‎7．（2分）在图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S从断开到闭合，先后两次电流表A的示数之比为2：3．若将电阻R1、R2串联在电路中，则R1、R2两端的电压之比为 ‎（　　）‎ A．2：1 B．1：2 C．2：3 D．3：2‎ ‎【分析】由电路图可知，开关S断开时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流；开关S闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过两电阻的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值；将电阻R1、R2串联在电路中时通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出它们两端的电压之比。‎ ‎【解答】解：‎ 第30页（共30页）‎ 由电路图可知，开关S断开时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流；‎ 开关S闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，‎ 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，‎ 所以，通过R1的电流不变，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，通过两电阻的电流之比：＝＝，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，由I＝可得，两电阻的阻值之比：＝＝＝；‎ 将电阻R1、R2串联在电路中时，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，两电阻两端的电压之比：＝＝＝。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道综合性的应用题。‎ ‎8．（2分）甲、乙两个均匀正方体分别放在水平地面上，它们对水平地面的压强相等。若沿水平方向将甲、乙正方体上方截去，使甲、乙剩余部分的高度相同，如图所示，则剩余部分的质量m甲、m乙的关系是（　　）‎ A．m甲一定大于m乙 B．m甲一定小于m乙 ‎ C．m甲可能小于m乙 D．m甲可能等于m乙 ‎【分析】因水平面上物体的压力和自身的重力相等，正方体对水平地面的压强为p＝ρgL，由甲乙对水平地面的压强相等可知两者的边长关系和密度关系；若分别沿水平方向截去一部分，使剩下的高度相同，根据m＝ρV表示出剩余部分的质量。‎ ‎【解答】解：‎ 因为甲、乙两个均匀正方体分别放在水平地面上，‎ 第30页（共30页）‎ 所以正方体对水平面的压力：‎ F＝G＝mg＝ρVg＝ρL3g，‎ 正方体对水平地面的压强：‎ p＝＝＝ρgL，‎ 因为甲、乙两个均匀正方体对水平地面的压强相等，且L甲＞L乙，‎ 所以由p＝ρgL可知甲、乙两个正方体的密度：ρ甲＜ρ乙，‎ 它们对水平地面的压强相等，由p＝ρ甲gL甲＝ρ乙gL乙可得：ρ甲＝，‎ 若分别沿水平方向截去一部分，使剩下的高度h相同，‎ 则甲、乙剩余部分的质量分别为：‎ m甲＝ρ甲L甲2h＝L甲2h＝ρ乙L乙L甲h，‎ m乙＝ρ乙L乙2h＝ρ乙L乙L乙h，‎ 因为L甲＞L乙，‎ 所以ρ乙L乙L甲h＞ρ乙L乙L乙h，即m甲＞m乙，故A正确、BCD错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查了密度公式、压强公式的灵活运用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。‎ 二、填空题（共30分）请将结果填入答题纸的相应位置．‎ ‎9．（3分）一节新干电池的电压为　1.5　伏，在利用它做电源时，　不可以　用导线直接将正负极相连（选填“可以”或“不可以”）。‎ ‎【分析】干电池无论大小，一节的电压都是1.5V；干电池在使用时，正负极不能直接相连，那样会形成电源短路，损坏电源。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）一节新干电池的电压为1.5V；‎ ‎（2）用导线直接将正负极相连会造成电源短路，会损坏干电池，所以不可以用导线直接将正负极相连。‎ 故答案为：1.5；不可以。‎ ‎【点评】本题考查了干电池的电压值、电源短路的危害，属于基础题目。‎ 第30页（共30页）‎ ‎10．（3分）刀刃磨得锋利、锥子做的尖锐，是采用　减小　受力面积的办法，以便我们用较小的力就能产生很大的　压强　。‎ ‎【分析】刀刃磨得锋利，减小了刀与其它物体的接触面积S，由压强的计算公式p＝可知，在力F一定时能产生很大的压强。‎ ‎【解答】解：据压强的计算公式p＝可知，刀刃磨得锋利，是为了减小受力面积，增大压强，易于切开物体。‎ 故答案为：减小；压强。‎ ‎【点评】生活中的很多工具和机械都通过增大或减小受力面积的方法，来减小或增大压强。‎ ‎11．（3分）物理学中的仪器、仪表在生产、生活中有着广泛的应用。在图5中，茶壶（a图）相当于是一个　连通器　，汽车油量表（b图）实际上是一只　电流　表。登山运动员用的高度计是由　气压计　经重新标度后改造而成的。‎ ‎【分析】①连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。‎ ‎②电流表串联在电路中，电压表并联在电路中；‎ ‎③气压计既可以测量气压的高低，也可以测量高度的高低。‎ ‎【解答】解：茶壶是利用连通器的原理制成的；从图中我们可以看出油量表串联在电路中，因此油量表相当于电流表；登山运动员的高度计是有气压计改造而成的。‎ 故答案为：连通器；电流；气压计。‎ ‎【点评】本题考查生活中常见的连通器的应用、油量表的实质以及高度计的原理。都属于基础知识。‎ ‎12．（3分）冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的　质量　是0.9×103千克。当冰熔化成水时，质量将　不变　，体积将　变小　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。‎ 第30页（共30页）‎ ‎【分析】密度的物理意义是表示单位体积某种物质的质量；质量是指物体含有物质的多少。它是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变。‎ ‎【解答】解：冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9×103千克；质量是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变。故冰熔化成水后，状态改变了，质量不变。根据公式ρ＝，可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小。‎ 故答案为：质量；不变；变小。‎ ‎【点评】此题考查学生对密度和质量的理解与应用。‎ ‎13．（3分）铁球浸没在水中，排开水的重力为0.6牛，铁球受到浮力的大小为　0.6　牛，当它下沉时，受到浮力的大小　不变　，受到水的压强　变大　（选填“变小”“不变”或“变大”）。‎ ‎【分析】（1）利用阿基米德原理求出铁球受到的浮力；‎ ‎（2）铁球浸没在水中，当下沉时，排开水的体积不变，利用F浮＝ρ液gV排判断受到浮力的大小变化；‎ ‎（3）球浸没在水中，当下沉时，所处的深度增大，利用p＝ρgh分析受到液体压强的变化。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）铁球受到浮力的大小：‎ F浮＝G排＝0.6N；‎ ‎（2）铁球浸没在水中下沉时，排开水的体积不变，由F浮＝ρ液V排可知受到的浮力大小不变；‎ ‎（3）球浸没在水中，当下沉时，所处的深度h变大，由p＝ρgh可知受到液体压强变大。‎ 故答案为：0.6；不变；变大。‎ ‎【点评】本题考查了阿基米德原理F浮＝G排＝ρ液V排、液体压强公式p＝ρgh的应用，属于基础题目。‎ ‎14．（3分）现有长度相同的铜导线甲和乙，已知甲的电阻较小，则甲的横截面积　大于　乙的横截面积；若将它们串联在电路中，通过甲的电流　等于　通过乙的电流；若将它们并联在电路中，则甲两端的电压　等于　乙两端的电压。（均选填“小于”“等于”或“大于”）。‎ 第30页（共30页）‎ ‎【分析】（1）影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积，根据控制变量法分析解答；‎ ‎（2）串联电路中各处电流都相等；并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等。‎ ‎【解答】解：由题意可知，甲、乙两导线材料相同和长度相同，甲的电阻较小，则甲的横截面积大于乙的横截面积；‎ 因为串联电路中处处电流相等，所以两导线串联时，通过甲乙的电流相等；‎ 因为并联电路中各支路两端电压都相等，所以将它们并联在电路中，甲两端的电压等于乙两端的电压。‎ 故答案为：大于；等于；等于。‎ ‎【点评】本题考查电阻影响因素的理解、并联电路电压、串联电路电流特点的应用，考查知识点多，但难度不大。‎ ‎15．（3分）体积为1×10﹣3米3、密度为0.6×103千克/米3的物块漂浮在水面上，它的质量为　0.6　千克，受到的浮力为　5.88　牛；木块的下表面距离水面0.06米，则下表面受到水的压强为　588　帕。‎ ‎【分析】（1）已知物块的体积和密度，由ρ＝可求得其质量，物块漂浮在水面上时，根据漂浮条件确定物块在水中受到的浮力；‎ ‎（2）根据p＝ρgh求出木块下表面受到水的压强。‎ ‎【解答】解：由ρ＝可得，物块的质量：m＝ρV＝0.6×103kg/m3×1×10﹣3m3＝0.6kg；‎ 因为木块漂浮在水面上，所以F浮＝G＝mg＝0.6kg×9.8N/kg＝5.88N；‎ 木块下表面受到水的压强：p＝ρgh＝1×103kg/m3×9.8N/kg×0.06m＝588Pa。‎ 故答案为：0.6；5.88；588。‎ ‎【点评】本题考查了物体浮沉条件、密度公式以及压强计算公式的应用，利用物体的漂浮条件是本题的关键。属基础知识的应用，难度不大。‎ ‎16．（3分）某导体两端的电压为6伏，电阻为15欧，通过该导体的电流为　0.4　安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为　4　库；若将该导体两端电压调整为12伏，其电阻为　15　欧。‎ ‎【分析】（1）知道导体两端的电压和电阻，根据欧姆定律求出通过该导体的电流，再根据I＝求出10秒内通过该导体横截面积的电荷量；‎ 第30页（共30页）‎ ‎（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。‎ ‎【解答】解：通过该导体的电流：I＝＝＝0.4A，‎ 由I＝可得，10秒内通过该导体横截面积的电荷量：Q＝It＝0.4A×10s＝4C，‎ 因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，将该导体两端电压调整为12伏时，导体的电阻仍为15Ω不变。‎ 故答案为：0.4；4；15。‎ ‎【点评】本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。‎ ‎17．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2的阻值完全相同，闭合开关S，电压表、电流表的示数分别为U0、I0．一段时间后发现，其中一个电表的示数变为零。若电路中只有一处故障且故障只发生在R1、R2上，请写出相应的电表示数及故障。　电压表示数为2U0，电流表示数为0，R1断路；电流表示数为2I0，电压表示数为0，R1短路　。‎ ‎【分析】由图知，两只定值电阻串联，电流表测量电路电流，电压表V测量电阻R1两端电压；若只有一个电阻出现了故障，电路故障为短路或断路；‎ 如果是断路，则整个电路中没有电流，电流表示数为零，则电压表示数变大，电压表与电源相连，确定出故障；‎ 如果短路，则电流表示数会变大，电压表示数应该减小，据此确定故障。‎ ‎【解答】解：‎ 由图知，两只定值电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V测量电阻R1两端电压。‎ 由题知，电阻R1、R2的阻值相等，开关S闭合后，电流表的示数为I0，电压表的示数为U0，由串联分压的规律可知电源电压为2U0；‎ 由题知，一段时间后，其中一个电表的示数变为零，则有以下两种情况：‎ ‎①电流表示数变为零，电压表有示数，说明与电压表并联的电阻断路，则故障为电阻R1断路，此时电压表测量电源电压，则电压表示数为2U0；‎ 第30页（共30页）‎ ‎②电压表示数变为零，电流表有示数，说明与电压表并联的电阻短路，则故障为电阻R1短路，电路中电阻减小为原来的一半，电路中的电流变为原来的2倍，此时电流表示数为2I0。‎ 故答案为：电压表示数为2U0，电流表示数为0，R1断路；电流表示数为2I0，电压表示数为0，R1短路。‎ ‎【点评】此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合图形和两表特点进行分析。‎ ‎18．（3分）如图所示的多芯线是生产、生活中常用的导线。‎ ‎①多芯线是由多根细导线绕制而成，多芯线的电阻远小于每根细导线的电阻，由此可判断多芯线中的各根细导线之间是　并联　连接的。（选填“并联”或“串联”）‎ ‎②若一根多芯线甲由两根电阻均为R0的细导线绕制而成，则多芯线甲的电阻为　　。‎ ‎③若多芯线甲中再增加一根电阻为R0的细导线，做成多芯线乙，请你根据已有的电路知识推导多芯线乙的电阻。　U＝U1＝U2，I＝I1+I2，I＝，＝+，＝+，R乙＝。　（需写出推导过程）。‎ ‎【分析】（1）影响电阻大小的因素：导体长度、导体横截面积和温度，横截面积越大，电阻越小；电阻并联相当于增加了电阻的横截面积。‎ ‎（2）两个相同的电阻并联，相当于横截面积增大到2倍，电阻变为原来的，据此可知多芯线甲的电阻。‎ ‎（3）并联电路各支路两端的电压相等，干路中的电流等于各支路电流之和；根据并联电路电压和电流的特点以及欧姆定律进行推导。‎ ‎【解答】解：①‎ 第30页（共30页）‎ 多芯线是由多根细导线绕制而成，且多芯线的电阻远小于每根细导线的电阻，说明多芯线中的各根细导线之间是并联的（并联相当于增大了导体的横截面积，使总电阻减小）；‎ ‎②两根电阻均为R0的细导线绕制成多芯线甲，则两根导线并联，多芯线甲的横截面积是一根导线横截面积的2倍，则多芯线甲的电阻变为原来电阻的，所以多芯线甲的电阻为：‎ R甲＝；‎ ‎③多芯线甲中再增加一根电阻为R0的细导线（做成多芯线乙），即多芯线甲与该细导线并联，‎ 由并联电路的电压、电流关系可知：‎ U＝U1＝U2，I＝I1+I2；‎ 又由欧姆定律I＝得，‎ ‎＝+，‎ 即：＝+，‎ 化简可得＝+，‎ 则R乙＝。‎ 故答案为：①并联；‎ ‎②；‎ ‎③U＝U1＝U2，I＝I1+I2，I＝，＝+，＝+，R乙＝。‎ ‎【点评】本题考查并联电路电压和电流的特点以及欧姆定律的掌握情况，本题的关键是用电压和电阻表示电流。‎ 三、作图题（共8分）请在答题纸的相应位置作图，作图必须使用2B铅笔．‎ ‎19．（3分）在图中，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力。‎ 第30页（共30页）‎ ‎【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力。‎ ‎【解答】解：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F＝G＝8N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为4N，压力的图示如图：‎ ‎【点评】注意压力的作用点在地面，方向与地面垂直，标度必须能被力的大小整除，最后要标明力的大小。‎ ‎20．（2分）在图中的空缺处填上适当的电源、电表符号，使两小灯泡并联且能正常发光。‎ ‎【分析】由题意可知，两小灯泡并联且能正常发光，说明两灯泡并列连接且空缺处有一处是电源，根据电流表串联在电路中、电压表并联在电路中判断电表的类型和位置。‎ ‎【解答】解：由题意可知，两小灯泡并联且能正常发光，则两灯泡并列连接且空缺处有一处是电源，‎ 若右侧空缺处为电源，两灯泡只能串联，所以中间空缺处为电源，‎ 若右侧空缺处为电压表，灯泡L2被电压表断路，不能发光，所以右侧空缺处为电流表，‎ 如下图所示：‎ ‎【点评】本题考查了学生对串并联电路特点和电流表、电压表正确使用的了解与掌握，是一道较为简单的应用题。‎ 第30页（共30页）‎ ‎21．（3分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：‎ ‎①灯L与滑动变阻器串联；‎ ‎②闭合开关S，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数变大。‎ ‎【分析】由题意可知，灯L与滑动变阻器串联，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数变大，说明此时变阻器接入电路中的电阻变小，即左下方和任意上方接线柱接入电路中，据此进行解答。‎ ‎【解答】解：经分析可知，灯L与滑动变阻器串联，变阻器的左下接线柱与电流表的负接线柱相连、灯泡右接线柱与电流表0.6接线柱相连时，向左移动滑片时电流表的示数变大，如下图所示：‎ ‎【点评】本题考查了实物图的连接，根据题意得出变阻器接入电路中的下方接线柱是关键。‎ 四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．‎ ‎22．（3分）金属块排开水的体积为2×10﹣3米3，求金属块受到浮力F浮的大小。‎ ‎【分析】知道金属块排开水的体积，利用阿基米德原理的推导公式F浮＝G排＝ρ液gV排求金属块受到水的浮力。‎ ‎【解答】解：‎ 金属块所受浮力：‎ F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3＝19.6N。‎ 答：金属块受到浮力的大小为19.6N。‎ 第30页（共30页）‎ ‎【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，利用好推导公式：F浮＝G排＝ρ液gV排。‎ ‎23．（5分）某容器的质量为1千克，装满水时总质量为3千克。‎ ‎①求容器中水的体积V。‎ ‎②若在容器中装满某种液体时，总质量为2.6千克，求该液体的密度ρ液。‎ ‎【分析】①知道容器装满水后总质量和容器的质量，两者的差值即为水的质量，利用ρ＝求出容器中水的体积；‎ ‎②在容器中装满某种液体时的总质量减去容器的质量即为液体的质量，容器的容积不变，液体的体积和容器装满水时水的体积相等，利用ρ＝求出该液体的密度。‎ ‎【解答】解：①容器装满水时水的质量：‎ m水＝m总﹣m容＝3kg﹣1kg＝2kg，‎ 由ρ＝可得，容器中水的体积：‎ V水＝＝＝2×10﹣3m3；‎ ‎②在容器中装满某种液体时，液体的质量：‎ m液＝m总′﹣m容＝2.6kg﹣1kg＝1.6kg，‎ 因容器的容积不变，‎ 所以，容器中液体的体积：‎ V液＝V＝V水＝2×10﹣3m3，‎ 则该液体的密度：‎ ρ液＝＝＝0.8×103kg/m3。‎ 答：①容器中水的体积为2×10﹣3m3；‎ ‎②该液体的密度为0.8×103kg/m3。‎ ‎【点评】本题考查了密度公式的应用和密度的计算，关键是知道同一个瓶子的容积相等，即装满不同液体时不同液体的体积相等。‎ ‎24．（8分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上。甲的底面积为2×10﹣2米2．乙的重力为60牛、底面积为3×10﹣2米2。‎ 第30页（共30页）‎ ‎①求圆柱体乙对水平地面的压强p乙。‎ ‎②若将一物体A分别浸没在容器甲的水中（水未溢出）、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强的变化量相等。求物块A的密度ρA ‎【分析】（1）圆柱体对地面的压力等于圆柱体的重力，知道受力面积，利用压强公式p＝求对地面的压强；‎ ‎（2）设物体A的质量为m，则水对容器甲底部压强增加量△p1＝ρ水△hg＝ρ水g，圆柱体乙对地面压强的增加量△p2＝＝，根据△p1＝△p2求得物体的密度。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）圆柱体乙置于水平地面上，圆柱体对地面的压力F＝G＝60N，‎ 圆柱体乙对地面的压强：p乙＝＝＝2000Pa；‎ ‎（2）设物体A的质量为m，体积为VA，‎ 由于物块A浸没在容器甲的水中，则水对容器甲底部压强的增加量：‎ ‎△p1＝ρ水△hg＝ρ水g，‎ 由于物块A放在圆柱体乙上表面的中央，则圆柱体乙对地面压强的增加量：‎ ‎△p2＝＝＝，‎ 已知△p1＝△p2，则：ρ水g＝，‎ 所以物体A的密度：ρA＝＝＝1.5×103kg/m3。‎ 答：①圆柱体乙对水平地面的压强为2000Pa；‎ 第30页（共30页）‎ ‎②物块A的密度为1.5×103kg/m3。‎ ‎【点评】本题考查了学生对液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，难点在第二问，求出容器对地面压强的增加量和水对容器底部压强的增加量，利用好等量关系是突破点。‎ ‎25．（10分）在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏。闭合开关S，电流表A1、A的示数分别为0.3安、2.3安。‎ ‎①求通过电阻R2电流I2。‎ ‎②求电阻R1的阻值。‎ ‎③现用电阻R0替换电阻R1、R2中的一个，替换后，发现两电流表指针的偏转角度相同，两电流表表盘如图（b）所示。求电阻R0的阻值及电流表A的示数。‎ ‎【分析】①根据并联电路的特点求出通过电阻R2电流I2；‎ ‎②根据欧姆定律求出R1的阻值；‎ ‎③两电流表指针的偏转角度相同，根据并联电路的电流的特点可知，干路中的电流大于支路中的电流，所以两个电流表的量程是不同的，干路中的是大量程，支路中的是小量程；据此分析。‎ ‎【解答】解：由图可知，该电路为并联电路，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流。‎ ‎①根据并联电路的电流规律可知，通过电阻R2电流：‎ I2＝I﹣I1＝2.3A﹣0.3A＝2A；‎ ‎②R1的电压为12V，通过R1的电流为0.3A，‎ 则由I＝可知，R1的电阻：‎ R1＝＝＝40Ω；‎ ‎③两电流表指针偏转角度相同，则大量程的示数是小量程示数的5倍：即I＝5I1；‎ 若替换R2：‎ 此时通过R1的电流为0.3A，则电流表A的示数为：I'＝1.5A；‎ 第30页（共30页）‎ 通过电阻R0的电流为：I'2＝I'﹣I1＝1.5A﹣0.3A＝1.2A；‎ 电阻R0的阻值为：R 0＝＝＝10Ω；‎ 若替换R1；‎ 通过电阻R2电流I2＝2A；由于干路中欧的电流是R0的电流的5倍；‎ 则干路中的电流：I''＝5I'1＝5（I''﹣I2）＝5（I''﹣2A），解得：I''＝2.5A；‎ 通过电阻R0的电流为I'1＝I''﹣I2＝2.5A﹣2A＝0.5A；‎ 电阻R0的阻值为：R0＝＝＝24Ω。‎ 答：①通过电阻R2电流为2A；‎ ‎②电阻R1的阻值为40Ω。‎ ‎③电阻R0的阻值为10Ω时，电流表A的示数为1.5A；电阻R0的阻值为24Ω时，电流表A的示数为2.5A。‎ ‎【点评】本题考查了电流表的使用和并联电路电流、电压特点，以及欧姆定律的计算；难度不大。‎ 五、实验题（共20分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．‎ ‎26．（4分）在“探究导体中电流与电压的关系”实验中，电流表应与导体　串联　，电压表应与导体　并联　；实验时应选用导体　多个　（选填“一个”或“多个”），并进行　多次　实验。‎ ‎【分析】在“探究导体中电流与电压的关系”实验时采用的是控制变量法；需要控制导体的电阻保持不变；电流表应串联在电路中，电压表应并联在电路中；实验中未了获得普遍的规律，应多次测量。‎ ‎【解答】解：在“探究导体中电流与电压的关系”实验中，电流表测量电流时应与导体串联，电压表并联在导体的两端；‎ 实验时为了防止偶然性的发生，为了获得普遍的规律，应选用多个导体，并进行多次实验。‎ 故答案为：串联；并联；多个； 多次。‎ ‎【点评】本题是探究导体中电流与电压的关系”实验，考查了电流表、电压表在电路中的连接方式以及多次实验的目的，属于基础知识。‎ ‎27．（4分）在“测定物质的密度”实验中，通常可以用电子天平测量物体的　质量　，用量筒测量物体的　体积　。‎ 第30页（共30页）‎ ‎【分析】测定物质密度实验的原理是ρ＝，根据天平和量筒作用可知它们所能测的物理量。‎ ‎【解答】解：‎ ‎“测定物质的密度”实验的原理是ρ＝，可以用电子天平测量物体的质量，用量筒测量物体的体积，从而计算物体的密度。‎ 故答案为：质量；体积。‎ ‎【点评】本题考查对密度测量基础知识的认识，属于一道基础题。‎ ‎28．（4分）在“验证阿基米德原理”的实验中。‎ ‎①使用图1所示的溢水杯和小烧杯接收被测物块排开的水。在浸入被测物块前，在溢水杯中加入适量的水，使水面　与溢口相平　。‎ ‎②图2为实验步骤的示意图，其中“步骤A”和“步骤B”的目的是：测出　浮力　；步骤C”和“步骤D”的目的是：测出　排开液体的重力　。‎ ‎③若图中弹簧测力计的四个示数值F1、F2、F3、F4满足关系式　F1﹣F2＝F4﹣F3　时，则可以验证阿基米德原理。‎ ‎【分析】（1）当溢水杯中的水倒满后，再向溢水杯中倒水，多余的水会自动溢出；‎ ‎（2）物体浸入液体中会受到浮力；AB中弹簧测力计减少的示数为浮力的大小；CD可以测量出排开的水的重力；‎ ‎（3）阿基米德原理反映了浮力大小与排开液体重力之间的关系。‎ ‎【解答】解：（1）为减少实验误差，准确测量出物体排开的水的重力，实验中需要在浸入被测物块前，要使溢水杯中的水面恰好与溢水口相平；‎ ‎（2）由图2可知，“步骤B”中弹簧测力计的示数会小于步骤A中的示数，则减小的示数为受到的浮力：F浮＝F1﹣F2；‎ 步骤CD可以测量出物体排开水的重力：G排＝F4﹣F3；‎ ‎（3）若满足F1﹣F2＝F4﹣F3，即F浮＝G排，可以验证阿基米德原理。‎ 第30页（共30页）‎ 故答案为：（1）与溢口相平；（2）浮力；排开液体的重力； （3）F1﹣F2＝F4﹣F3。‎ ‎【点评】阿基米德反映了浸在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体的重力的大小关系，只有掌握阿基米德的内容，才能正确掌握实验目的。‎ ‎29．（4分）某同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为4.5伏）、待测电阻RX、电流表、电压表、开关各一个，三个滑动变阻器（分别标有“5欧2安”“10欧2安”“50欧1安”字样）以及导线若干。他选择一个滑动变阻器，正确连接电路后，将变阻器的滑片滑到金属杆的端点。闭合开关，电压表、电流表的指针位置如图（a）、（b）所示，记录第一组数据；然后移动变阻器的滑片至某一位置时，发现电压表、电流表的指针自（a）、（b）位置均转过三小格，记录第二组数据；接着继续操作完成实验。‎ ‎①实验中电压表所选的量程为　0～3　伏。‎ ‎②判断实验中所选的变阻器。　图a中，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.5V，‎ 根据串联电路电压的规律，滑动变阻器的电压为：U滑＝U﹣Ux＝4.5V﹣1.5V＝3V，‎ 由题意可知，将变阻器的滑片滑到金属杆的端点。即：滑片应是滑到电阻最大处；‎ 若电流表选择0～3A的量程，则电流为1.5安，‎ 则由欧姆定律可得，变阻器连入电路的电阻：R滑＝＝＝2Ω，‎ 由于变阻器的规格都大于2Ω，所以，电流表不能使用0～3A的量程，电流表只能选0～0.6安，则电流为0.3安，‎ 由欧姆定律可得，变阻器连入电路的电阻：R滑中＝＝＝10Ω，‎ 所以选择的变阻器是“10欧2安”；　（需写出计算过程）‎ ‎③该同学的第二组数据中，电压、电流及计算出RX的阻值是　1.8V、0.36A、5Ω　。‎ ‎【分析】①根据电路连接正确确定电路的连接，因电源电压为3V确定电压表选用的量程；‎ 第30页（共30页）‎ ‎②由电压表选用小量程确定分度值读出（a）图中电压表示数；‎ ‎（b）图中，若电流表选用大（小）量程得出电流大小；根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压；由欧姆定律，得出变阻器连入电路的电阻，与题中所给的变阻器的规格相比较，从而确定电流表选用的量程；‎ ‎③根据电流表选用的量程确定电流表示数，继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，电压表示数可能为1.6V和1.2V，据此得出电流表对应的示数，由欧姆定律分别得出电阻大小。‎ ‎【解答】解：‎ ‎①电路连接正确，即待测电阻与变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表与待测电阻并联，因电源电压为4.5V，由于由滑动变阻器串联在电路中，故电压表选用的量程为0～3V；‎ ‎②图a中，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.5V，‎ 根据串联电路电压的规律，滑动变阻器的电压为：U滑＝U﹣Ux＝4.5V﹣1.5V＝3V，‎ 由题意可知，将变阻器的滑片滑到金属杆的端点，即：滑片应是滑到电阻最大处；‎ 若电流表选择0～3A的量程，则电流为1.5安，‎ 则由欧姆定律可得，变阻器连入电路的电阻：R滑＝＝＝2Ω，‎ 由于变阻器的规格都大于2Ω，所以，电流表不能使用0～3A的量程，电流表只能选0～0.6安，则电流为0.3安，‎ 由欧姆定律可得，变阻器连入电路的电阻：R滑中＝＝＝10Ω，‎ 所以选择的变阻器是“10欧 2安”；‎ ‎③已知滑片是滑到电阻最大处；然后移动变阻器的滑片至某一位置时，则滑动变阻器连入的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，‎ 所以，电流表示数为：I′＝0.3A+0.02A×3＝0.36A，‎ 根据U＝IR可知电压表示数变大，所以，电压表示数为：U′＝1.5V+0.1V×3＝1.8V，‎ 根据I＝可得Rx的阻值：‎ Rx＝＝＝5Ω。‎ 故答案为：‎ 第30页（共30页）‎ ‎①0～3；‎ ‎②图a中，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.5V，‎ 根据串联电路电压的规律，滑动变阻器的电压为：U滑＝U﹣Ux＝4.5V﹣1.5V＝3V，‎ 由题意可知，将变阻器的滑片滑到金属杆的端点。即：滑片应是滑到电阻最大处；‎ 若电流表选择0～3A的量程，则电流为1.5安，‎ 则由欧姆定律可得，变阻器连入电路的电阻：R滑＝＝＝2Ω，‎ 由于变阻器的规格都大于2Ω，所以，电流表不能使用0～3A的量程，电流表只能选0～0.6安，则电流为0.3安，‎ 由欧姆定律可得，变阻器连入电路的电阻：R滑中＝＝＝10Ω，‎ 所以选择的变阻器是“10欧 2安”；‎ ‎③1.8V；0.36A；5Ω。‎ ‎【点评】本题用电流表、电压表测电阻，考查连接电路注意事项、电表读数、串联电路的规律及欧姆定律的运用，同时考查了分类讨论的演绎推理的能力，关键是根据变阻器的规律确定电流表量程的选择，难度较大。‎ ‎30．（4分）某小组做“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验，他们在扎有橡皮薄膜的同一横截面积的玻璃管中注入液体，用橡皮薄膜向下凸出的程度l表示液体对容器底部的压强大小。他们用了三种液体各做了两次实验，下表记录了注入液体的密度ρ、深度及六次橡皮膜凸出的程度l1、l2、l3、l4、l5、l6，且l1＜l2＜l3＜l4＜l5＜l6。‎ 液体的密度ρ ‎（×103千克/米3）‎ 实验序号 深度h ‎（厘米）‎ 橡皮薄膜凸出程度 l ‎0.8‎ ‎1‎ ‎5‎ l1‎ ‎2‎ ‎10‎ l2‎ ‎1.0‎ ‎3‎ ‎10‎ l3‎ ‎4‎ ‎20‎ l4‎ ‎1.2‎ ‎5‎ ‎18‎ l5‎ ‎6‎ ‎20‎ l6‎ ‎①分析比较实验序号　1与2、3与4、5与6　‎ 第30页（共30页）‎ 数据中l与h的关系与相关条件，可得出的初步结论是：当液体的密度相同时，液体对容器底部的压强随液体深度的增大而增大。‎ ‎②分析比较实验序号2与3或4与6数据中l与ρ的关系与相关条件，可得出的初步结论是：　深度相同时，液体的密度越大，液体对容器底部的压强越大　。‎ ‎③该小组同学对数据进一步分析以后，有人提出这样的观点：液体对容器底部的压强与液体的质量有关。对此，该小组同学进一步思考分析，认为出现“液体对容器底部的压强既跟液体质量有关又跟液体深度有关”的结论是由于实验所用容器的特殊性造成，因此他们添加了器材再次进行实验。请你简单描述该小组同学所应添加器材的特征。　非柱形容器　（可用文字或用图示进行描述）‎ ‎【分析】液体压强的大小与液体的密度和深度有关，与容器的底面积等无关。在实验中，通过分析实验条件、h及橡皮薄膜凸出程度等，按照控制变量法的要求，可对题干中的问题进行逐一解答。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）探究液体内部的压强与深度的关系，根据控制变量法可知应保持液体的密度相同而液体的深度不同，观察橡皮薄膜向下凸出程度，所以，符合条件的实验数据是：1与2、3与4、5与6；‎ ‎（2）分析实验序号2与3或4与6数据中及相关条件可以看出，深度相同，液体密度越大，橡皮薄膜凸出程度越大，故可得出的初步结论是：深度相同时，液体的密度越大，液体对容器底部的压强越大；‎ ‎（3）液体的重力G液＝m液g，且液体对容器底部的压强p＝，则探究液体对容器底部的压强与液体的质量是否有关时，关键是液体对容器底部的压力是否与液体的重力G相等，‎ 因为只有液体在柱状容器里，液体对容器底部的压力才与液体的重力G相等，‎ 所以，实验探究时要添加不同类型的容器进行实验，则应添加器材是：非柱形容器。‎ 故答案为：‎ ‎（1）1与2、3与4、5与6；‎ ‎（2）深度相同时，液体的密度越大，液体对容器底部的压强越大；‎ 第30页（共30页）‎ ‎（3）类似“非柱形容器”的文字描述或图形；若“不同横截面积”也可。‎ ‎【点评】对于题目较长，信息量较大的实验题分析数据总结结论时，可以直接面对要解决的问题，采用逆推法找出需要的已知条件；同时注意控制变量法在实验中的应用。‎ 第30页（共30页）‎