江西省重点中学盟校2020届高三下学期第一次联考理科综合试题（PDF版）.pdf

1 江西省重点中学盟校 2020 届高三第一次联考理综参考答案 一、选择题：（6*21=126 分） 题号 1 2 3 4 5 6 答案 D C A D B D 题号 7 8 9 10 11 12 13 答案 C D A B C C B 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D B C C D AD BC ABD 二、非选择题： 22.（1）2.00 （3 分） （2）需要（1 分） 、 需要（1 分） 23.（1）3.015(2 分) 3.204mm∼3.206mm (2 分) （2） (2 分) （3）A1 电流表示数为 I1，A2 电流表示数为 I2 (2 分) （4） (2 分) 24.（12 分）【答案】 （1 ） ， （2） （3L 2 2 1 1 1 0 4 ( ) ( ) L I ID I r R ρ π −− + R0 A1 qL vE 2 m 2 0= qL vB 2 m2 0= 4 )124( L+2 ， ） 【解析】解：（1）带电小球在 0≤x≤ L 区域作匀速直线运动，对其受力分析如图， 知 且 … … … ①（1 分） 带电小球在 区域做匀速圆周运动，其轨迹如图所示，轨迹半径为 R， 由几何关系可知， … … … ②（1 分） 由洛伦兹力提供向心力得 … … …③（1 分） 联立①②③得 … … …④（2 分） （2）带电小球在 区域受力分析如图，向上做类平抛运动，运动轨迹如图 在 运动时间为 t， … … …⑤（1 分） 类平抛运动的加速度为 a， … … …⑥（2 分） 竖直方向偏转位移为 h， … … …⑦（1 分） 小球离开电场的竖直高度 y， … … …⑧（1 分） 联立④⑤⑥⑦⑧得 （1 分） mgqE = 45sinq 0BvqE = LxL 2≤≤ R vmBv 2 0 0q = LxL 32 ≤≤ LxL 32 ≤≤ 0 t v L= magE =− mq2 2 2 1h at= hR +=y 4 )124(y L+= LLR 245sin ==  qL vE 2 m 2 0=qL vB 2 m2 0=3 小球离开电场的位置坐标 （3L， ）（1 分） 25. （ 20 分 ） 【 答 案 】 （ 1 ） ， （ 2 ） （ 3 ） 【解析】解：（1）设滑块 C 在传送带做匀减速的加速度大小为 a，由乙图易知， ，… … … ① 得动摩擦因素 （1 分） 由乙图还可知滑块 C 将达到与传送带共速飞离传送带做平抛运动， 乙图可得传动带的速度为 传送带的长度 L 为乙图所围成的面积 . . . . . . .② 做平抛运动的时间为 t， . . . . . . .③（1 分） 平抛运动的水平位移为 . . . . . . .④（1 分） 落地点 P 与 N 端水平距离 χ， . . . . . . .⑤（1 分） 联立②③④⑤解得 （1 分） （2）设滑块 A 与 B 碰后的速度为 ，滑块 A、B 为系统动量守恒 . . . . . . .⑥（1 分） 滑块 AB 与 C 弹开后，滑块 AB 的速度为 ，滑块 C 的速度为 ， 由乙图知 滑块 A、B、C 为系统动量守恒 . . . . . . .⑦（1 分） 4 )124( L+ 1.0=µ m6.7=χ JE 1p = smvsm /56.7/2 0 ≤≤ 2/1a sm= mag =mµ 1.0=µ sv /m4=传 mL 6= 2g2 1 tH = t1 传v=χ 1χχ += L m6.7=χ 1v 10 2mvmv = 2v 3v smv /52 = 321 mm22m vvv +=4 在这个过程中系统的能量守恒 . . . . . . . ⑧（1 分） 联立⑥⑦⑧ 解得 （1 分） （3）要使滑块 C 总能落至 P 点，即滑块 C 离开传送带时速度恰好与传送带的速度相等， 分析可知滑块 C 一直做匀加速时，滑块 C 进入传送带的速度最小为 ，此时滑块 A 与 滑块 B 碰撞前速度最小为 ，设滑块 AB 与 C 弹开后，滑块 AB 的速度为 ，弹开 前 AB 的速度为 。 滑块 C 在传送带做匀加速， . . . . . . .⑨（1 分） 滑块 A、B、C 为系统动量守恒 . . . . . . .⑩（1 分） 在这个过程中系统的能量守恒 . . . . . . .⑪（1 分） 滑块 A、B 为系统动量守恒 . . . . . . .⑫（1 分） 联立①②⑨⑩⑪⑫解得 （1 分） 要使滑块 C 总能落至 P 点，即滑块 C 离开传送带时速度恰好与传送带的速度相等，分 析可知滑块 C 一直做匀减速时，滑块 C 进入传送带的速度最大为 ，此时滑块 A 与滑 块 B 碰撞前速度最大为 ，设滑块 AB 与 C 弹开后，滑块 AB 的速度为 ，弹开前 AB 的速度为 。 滑块 C 在传送带做匀加速， . . . . . . .⑬（1 分） 滑块 A、B、C 为系统动量守恒 . . . . . . .⑭（1 分） 在这个过程中系统的能量守恒 . . . . . . .⑮（1 分） 滑块 A、B 为系统动量守恒 . . . . . . .⑯（1 分） 联立①②⑬⑭⑮⑯ 解得 （1 分） 2 3 2 2 2 1p 2 122 122 1 mvmvmvE +=+ JE 1p = 3v′ min0v 2v′ 1v′ 2aL- 2 3 2 =′vv传 321 mm22m vvv ′+′=′ 2 3 2 2 2 1p 2 122 122 1 vmvmvmE ′+′=′+ 1min0 2 vmmv ′= smv /2min0 = 3v′′ ax0mv 2v′′ 1v′′ -2aL- 2 3 2 =′′vv传 321 mm22m vvv ′′+′′=′′ 2 3 2 2 2 1p 2 122 122 1 vmvmvmE ′′+′′=′′+ 1ax0 2 vmmv m ′′= smv m /56.7ax0 =5 则滑块 A 与滑块 B 碰撞前速度范围是 （1 分） 26.（15 分） (1)坩埚（1 分）　 C 和 Cu（1 分）　(2)1∶2（1 分） (3)3.7≤pH＜8.1（1 分）　 使 Fe3＋转化为 Fe(OH)3 而除去，而不影响 Mn2＋（2 分） (4)减少碳酸氢铵的分解,提高原料利用率 （1 分） 2.2×10－11 （2 分） (5)取少量最后一次的洗涤液于试管中,向其中滴加用盐酸酸化的 BaCl2 溶液,若无白色沉淀产 生,则表明已洗涤干净（2 分） (6) ①6Fe2＋＋Cr2O2－7 ＋14H＋===6Fe3＋＋2Cr3＋＋7H2O（2 分）　 ②25%（2 分） 27.（14 分） （1）① 三颈烧瓶（2 分） ② 平衡压强，有利于仪器 A 中液体顺利流下 （2 分） （2）浓硫酸；（1 分）防止丁装置中的水蒸气进入乙中（若答到吸收 SO3 不给分也不扣分） （2 分） （3）HC1（1 分） （4） ② 80.0%（2 分） 28.（14 分） （1）2CH4(g) ⇌ C2H4(g)+2H2(g) ΔH=+202.0KJ/mol)（2 分） （2） （2 分） smvsm /56.7/2 0 ≤≤6 （3）①1.0（2 分） ②增大（1 分） 该反应为气体体积增大的吸热反应，通入高温水蒸汽相当于加 热，同时通入水蒸气，反应器的体积增大，相当于减小压强，均使平衡右移，C2H4 的产率增大（2 分） ③P1>P2（1 分） ④乙炔（2 分） 16OH—+C2H4—12e—=2CO32-+10H2O（2 分） 29.（10 分，每空 2 分） （1）0-2 +14.1(缺少“+”不给分) （2）光合作用产生的氧气量和呼吸作用吸收的氧气量相等(或答光合作用速率和呼吸作用速 率相等) （3）小鼠有氧呼吸(第二阶段) 有机物的水解 30.（8 分，除标注外其余每空 1 分） （1）同一时间内聚集在一定区域中各种生物种群的集合（2 分）(答在一定的自然区域内， 相互之间具有直接或间接关系的各种生物的总和或一时间内聚集在一定区域中各种生 物的集合，可给分。两个得分点：一定区域；各种生物) 间接 （2）丰富度 （3）乌鳢用于自身生长、发育和繁殖的能量（2 分，没答“乌鳢”得 1 分） （4）避免一种或少数几种生物在生态系统中占绝对优势的局面（2 分） 31.（11 分，除标注外其余每空 2 分） （1）尿嘧啶(填“U”给分)（1 分） RNA 复制(RNA 聚合) （2）皮肤和黏膜(及其分泌物) 效应 T 细胞（1 分） （3）细胞甲 防卫（1 分） （4）能刺激机体产生浆细胞，但不能刺激机体产生记忆细胞(或答：能刺激机体产生浆细胞 和记忆细胞，但产生的记忆细胞不能识别抗原(没有“记住”入侵抗原的功能)7 (只答“能刺激机体产生浆细胞”不给分) 32.（10 分，每空 2 分） （1）无眼 （2）①YY、 ②父传子、子传孙(只从亲代雄果蝇传给子代雄果蝇或只在雄果蝇中传递) ③ 三、选做题： 33. （15 分） （1）（5 分）【答案】CDE （2）（10 分）【答案】① ， h2＝15cm ② T2＝285K ③ W=-0.49J 【解析】①由图乙可知，初状态： (1 分) 体积由 44cm3 到 48cm3 可知 (1 分) 取 联立得：h2＝15cm (1 分) ②对封闭气体为研究对象 末态：由 解得 (1 分) 由理想气体状态方程得： (2 分) 其中 P1＝92cmHg、V1＝S1L、T1＝253K P2＝95cmHg、V2＝S1（L+h1） 代入数据解得：T2＝285K (1 分) ③由图乙可知， (2 分) 代入数据解得：W=-0.49J (1 分) 1 1 2 3S h S h= ( )1 2 2 1 ( ) 2 P PW V V += − − cmh 11 = cmHghhPP 922101 =++= cmh 11 = cmHgp 760 = cmh 43 = cmHghhPP 953202 =++=8 34.（15 分） （1）（5 分）【答案】CDE （2）（10 分）【答案】① s＝30 cm ② t＝0.1 s 【解析】①由图可知，从图示开始振源再过 T/4 才第一次到波谷，而当此波谷传播到 x＝5 m=5λ/4 处的 B 点时，波还要向前传播 Δx＝5 m,即还要再用 5T/4 质点 B 才是第一次达 波谷，所以质点 B 第一次到达波谷位置所需要的时间是 Δt＝T/4+5T/4=3T/2 (2 分) 由题意知，当质点 B 第一次到达波谷位置时，质点 A 也恰好振动了 3T/2，所以质点 A 通过的总路程为 s＝6A＝30 cm (3 分) ②频率 rad/s (1 分) 从图示状态开始计时质点 A、P 做简谐运动的表达式分别为 cm (1 分) cm (1 分) 要使 P、A 两质点的位移(y 坐标)相同，即 yA＝yP，至少要经过时间 t 应满足： ，解得：t＝0.1 s(2 分) 35、（15 分） （1）①> ②> ③< ④