重庆市七校2020届高三数学(理)下学期复学联考试题(Word版有答案)
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资料简介
参考答案: 一、选择题: 1——5: BAACA 6——10:DCBAD 11——12: CC 二、填空题: 13、 12 5 i+− 14、140x 15、 35 5 16、298 三、解答题: 17、( 1)解:由题有, ( ) 2 132 sin cos cos22 sin cos 3 cos 1 cos 2 1sin 2 322 3sin 2 32 f x x x x x x x xx x  =  +  =  +  += +  = + + 4 分 故函数 ( )fx的最小正周期T = 6 分 (2)当 ,44x − 时, ( )max 31 2fx =+ ( )min 31 2fx −= 12 分 18、(1)证明:∵CF AE∥ CF  面 ADE ∴CF∥面 2 分 同理: BC∥面 又CF BC C= CF  面 BCF BC 面 故面 BCF∥面 ADE 4 分 且 BF  面 BCF 故 BF∥面 6 分 (2)解:由题可知, ,,AB AD AE 两两互相垂直,故可以以 AB 为 x 轴, AD 为 y 轴, AE 为 z 轴建立空间直角坐标系,且 ( ) ( ) ( ) ( ) ( )0,0,2 , 0,1,0 , 1,0,0 , 1,2,0 , 1,2,1E D B C F 若设平面 EDB 的法向量为u ,则由 0 0 u ED u EB  = = 可得: ( )= 2,2,1u 8 分 同理:若设平面 FDB 的法向量为 v ,则由 0 0 v FD v FB  = = 可得: ( )= 1,1, 2v − 10 分 所以 6cos , 9uv = 11 分 即二面角 E BD F−−的余弦值为 6 9 12 分 19、( 1)由表可得,患者有发热症状与确诊的 2╳2 列联表如下: 发热 不发热 合计 确诊 350 110 460 未确诊 300 240 540 合计 650 350 1000 (这里可以酌情考虑给分,3 分,主要是把发热归为一类) 由公式可得: ( )2 2 1000 350 240 300 110= 460 540 650 350K   −     10404000 226044= 46.02 10.828 4 分 故在犯错率不超过 0.001 的情况下,有把握认为新冠肺炎密切接触者有发热 症状与最终确诊患病有关。 5 分 (2)由题可知,随机变量 可以取值:11,12,13,14 6 分 其分布列为:  11 12 13 14 P 1 2 1 1 1 2 4 8= 1 3 1 3=2 4 8 64 1 3 7 21 2 4 8 64  = 一个一分 11 分 其数学期望为: ( ) 781= 12.2064E   12 分 20、(1)由题意可知, ( )fx的定义域为( )0 +, 且 ( ) ln 2f x a x x =− 1 分 令 ( ) ( )ln 2 0g x a x x x= −  则函数 ( )fx在定义域内有两个不同的极值点等价于 ( )gx在区间( )0 +, 内至少 有两个不同的零点 由 ( ) 2axgx x − = 可知, 当 0a  时, ( ) 0gx  恒成立,即函数 ( )gx在 上单调,不符合题意,舍 去。 3 分 当 0a  时,由 ( ) 0gx  得,0 2 ax ,即函数 ( )gx在区间 0 2 a  , 上单调递增; 由 ( ) 0gx  得, 2 ax  ,即函数 在区间 ,2 a+ 上单调递减; 故要满足题意,必有 ln 022 aag a a= −  解得: 2ae 6 分 (2)证明:由(1)可知, 11 22 ln 2 ln 2 a x x a x x = = 故要证: ( ) ( ) 22 1 2 1 22f x f x x x+  − + 只需证明: ( )2 1 1 22 ax x x+ 9 分 即证: 22 2 21 1 2 1 ln xxx x x − 不妨设 120 xx,即证 2 22 11 ln 1xx xx −  构造函数: ( ) ( )2ln 1 1h t t t t= − +  其中 2 1 xt x= 由 ( ) 212 0tht t − =, 所以函数 ( )ht 在区间( )1 +, 内单调递减, 所以 ( ) ( )10h t h= 得证 11 分 即证: 12 分 或者(2)证明:由(1)可知, 故要证: 只需证明: 9 分 而由(1)可知 10 2 ax 故上式 ( ) ( ) 22 1 2 1 1 2 1 1 2 12 a x x x x x x x x x+  + = +  成立 11 分 即证: 12 分 21、已知 ( )1,2A 为抛物线 ( )2 20y px p=上的一点, ,EF为抛物线上异于点 A 的两点,且直线 AE 的斜率与直线 AF 的斜率互为相反数。 (1)求直线 EF 的斜率; (2)设直线l 过点 ( ),0Mm 并交抛物线于 ,PQ两点,且 ( )0PM MQ=,直线 xm=− 与 x 轴交于点 N ,试探究 NM 与 NP NQ− 的夹角是否为定值,若是则求出定值。 解析:(1)设 ( ) ( )1 1 2 2, , ,E x y F x y 因为点 ( )1,2A 为抛物线 ( )2 20y px p=上的一点,所以 2 4yx= 1 分 同时,有 2 114yx= 2 224yx= 1 11 2 4 12AE yk xy −==−+ 2 22 2 4 12AF yk xy −==−+ 3 分 因为直线 的斜率与直线 的斜率互为相反数 即 12 44 22yy=−++ 即 12 4yy+ = − 4 分 故 21 2 1 2 1 4 1EF yyk x x y y −= = = −−+ 5 分 (2)设直线l 的方程为 :l x ty m=+ ( ) ( ) ( )3 3 4 4, , , , ,0P x y Q x y N m− 代入 2 4yx= 得 2 4 4 0y ty m− − = 所以 3 4 3 44 , 4y y t y y m+ = = − 6 分 因为 ( ) ( )3 3 4 4, , ,PM m x y MQ x m y= − − = − ,且 所以 3 34 4 , yyy y− = = − 7 分 由题可知, ( ) ( ) ( )( ) 3 3 4 4 3 4 3 4 2 2 3 4 34 ,, , =,44 NP NQ x m y x m y x m x m y y y ym m y y    − = + − + = + − + − + − + − 又 ( ) 2222 3 3 344 4 2 3 3 4 3 4 2 3 4 3 4 3 3 4 4 =4 4 4 4 44 4 4 4 04 y y yyym m m my y y y ymmy y y my mmy y y y m y     + − + + + +       = + + + += + − +== 所以 ( )340,NP NQ y y− = − 又 ( )= 2 ,0NM m 所以 ( ) 0NM NP NQ − = 所以 ( )NM NP NQ⊥− 即 NM 与 NP NQ− 的夹角为 2  12 分 22、(1)解:由曲线C 的普通方程为:( )2 214xy− + = 得曲线C 的极坐标方程为: 2 2cos 3 0 − − = 5 分 (2)解:由直线 ( )0y kx k=可得其极坐标方程: =02 R    , , , 代入曲线 的极坐标方程得: 2 2cos 3 0 − − = 6 分 可得: 12==OA OB, 故 ( ) ( )2 1 2 1 2= + = 2cos 4 3OA OB     + − = −  − 24cos 12 2cos2 14= + = + 8 分 故 ( )2 3,4OA OB+ 10 分 23、(1)由题可知,푓(푥) = |2푥 + 1| + |2푥 − 푎| 1+a 2 分 故 13a+ 解之得: 42aa − 或 5 分 (2)由题可知,函数 ( )gx的值域包含 ( )fx的值域, 即 2 1+ 1 4 aa − 7 分 解得: 2 2 3 0aa − 或 10 分

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