第四章
牛顿运动定律
学案
3
牛顿第二定律
目标定位
1.
知道牛顿第二定律的内容、表达式的确切含义
.
2.
知道国际单位制中力的单位
“
牛顿
”
是怎样定义的
.
3.
能应用牛顿第二定律解决简单的实际问题
.
知识探究
自我检测
一、牛顿第二定律
问题设计
由上一节的探究我们已经知道:当小车的质量不变时,小车的加速度与它所受的力成正比,即
a
∝
F
,当小车所受的力不变时,小车的加速度与它的质量成反比,即
a
∝
,那么小车的加速度
a
、小车的质量
m
以及小车所受的力
F
的关系是怎样的?
知识探究
若
F
、
m
、
a
都用国际单位,则
F
=
ma
.
要点提炼
1.
牛顿第二定律
(1)
内容:物体加速度的大小跟它受到的
成正比,跟它的质量成
,加速度的方向跟作用力的方向
.
(2)
公式:
F
=
,
F
指的是物体所受的合力
.
当各物理量的单位都取国际单位时,
k
=
1
,
F
=
ma
.
(3)
力的国际单位:牛顿,简称
,符号为
.
“
牛顿
”
的定义:使质量为
1 kg
的物体产生
1 m
/s
2
的加速度的力叫做
1 N
,即
1 N
=
.
作用力
反比
相同
kma
牛
N
1 kg·m/
s
2
2.
对牛顿第二定律的理解
(1)
瞬时性:
a
与
F
同时产生,同时
,同时
,为瞬时对应关系
.
(2)
矢量性:
F
=
ma
是矢量表达式,任一时刻
a
的方向均与
的方向一致,当合外力方向变化时
a
的方向同时变化,即
a
与
F
的方向在任何时刻均
.
(3)
同体性:公式
F
=
ma
中各物理量都是针对
的
.
变化
消失
合外力
F
相同
同一物体
(4)
独立性:当物体同时受到几个力作用时,各个力都满足
F
=
ma
,每个力都会产生一个加速度,这些加速度的矢量和即为物体具有的
.
故牛顿第二定律可表示为
合加速度
3.
合外力、加速度、速度的关系
(1)
力与加速度为因果关系
.
力是因,加速度是果,只要物体所受的合外力不为零,就会产生加速度
.
加速度与合外力方向总
、大小与合外力成
.
(2)
力与速度无因果关系
.
合外力与速度方向可以同向,可以反向;合外力与速度方向
时,物体做加速运动,
时物体做减速运动
.
相同
正比
同向
反向
(3)
两个加速度公式的区别
a
=
是加速度的定义式,是
法定义的物理量,
a
与
v
、
Δ
v
、
Δ
t
均
;
a
=
是加速度的决定式,加速度由其受到的合外力和质量决定
.
比值定义
无关
延伸思考
在地面上,停着一辆卡车,你使出全部力气也不能使卡车做加速运动,这与牛顿第二定律矛盾吗?为什么?
答案
不矛盾,牛顿第二定律公式中的
F
指的是物体受到的合外力,大卡车在水平方向上不只受到推力,还同时受到地面摩擦力的作用,它们相互平衡,即卡车受到的合外力为零,加速度为零,故卡车不做加速运动
.
二、牛顿第二定律的简单应用
1.
解题步骤
(1)
确定研究对象
.
(2)
进行受力分析和运动情况分析,作出受力和运动示意图
.
(3)
求合外力
F
或加速度
a
.
(4)
根据
F
=
ma
列方程求解
.
2.
解题方法
(1)
矢量合成法:若物体只受两个力作用时,应用平行四边形定则求这两个力的合外力,加速度的方向与物体所受合外力的方向相同
.
(2)
正交分解法:当物体受多个力作用时,常用正交分解法求物体的合外力
.
①
建立坐标系时,通常选取加速度的方向作为某一坐标轴的正方向
(
也就是不分解加速度
)
,将物体所受的力正交分解后,列出方程
F
x
=
ma
,
F
y
=
0.
典
例精析
一、对牛顿第二定律的理解
例
1
下列对牛顿第二定律的表达式
F
=
ma
及其变形公式的理解,正确的是
(
)
A.
由
F
=
ma
可知,物体所受的合外力与物体的质量成正
比,与物体的加速度成反比
B.
由
m
=
可知,物体的质量与其所受合外力成正比,与
其运动的加速度成反比
C.
由
a
=
可知,物体的加速度与其所受合外力成正比,
与其质量成反比
D.
由
m
=
可知,物体的质量可以通过测量它的加速度和
它所受到的合外力求出
解析
a
=
是加速度的决定式,
a
与
F
成正比,与
m
成反比;
F
=
ma
说明力是产生加速度的原因,但不能说
F
与
m
成正比,与
a
成正比;质量是物体的固有属性,与
F
、
a
皆无关,但物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合外力求出
.
答案
CD
针对训练
初始时静止在光滑水平面上的物体,受到一个逐渐减小的水平力的作用,则这个物体运动情况为
(
)
A.
速度不断增大,但增大得越来越慢
B.
加速度不断增大,速度不断减小
C.
加速度不断减小,速度不断增大
D.
加速度不变,速度先减小后增大
解析
水平面光滑,说明物体不受摩擦力作用,物体所受到的水平力即为其合外力
.
力逐渐减小,合外力也逐渐减小,由公式
F
=
ma
可知:当
F
逐渐减小时,
a
也逐渐减小,但速度逐渐增大
.
答案
AC
二、牛顿第二定律的简单应用
例
2
如图
1
所示,一质量为
8 kg
的物体静止在粗糙的水平地面上,物体与地面间的动摩擦因数为
0.2
,用一水平力
F
=
20 N
拉物体由
A
点开始运动,经过
8 s
后撤去拉力
F
,再经过一段时间物体到达
B
点停止
.
求:
(
g
=
10 m/s
2
)
图
1
(1)
在拉力
F
作用下物体运动的加速度大小;
解析
对物体受力分析,如图所示
竖直方向
mg
=
F
N
水平方向,由牛顿第二定律得
F
-
μF
N
=
ma
1
答案
0.5 m
/s
2
(2)
撤去拉力时物体的速度大小;
解析
撤去拉力时物体的速度
v
=
a
1
t
解得
v
=
4
m/s
答案
4
m/
s
(3)
撤去拉力
F
后物体运动的距离
.
解析
撤去拉力
F
后由牛顿第二定律得
-
μmg
=
ma
2
解得
a
2
=-
μg
=-
2 m/s
2
由
0
-
v
2
=
2
a
2
x
答案
4 m
例
3
如图
2
所示,质量为
1 kg
的物体静止在水
平面上,物体与水平面间的动摩擦因数
μ
=
0.5
,
物体受到大小为
20 N
、与水平方向成
37°
角斜向
下的推力
F
作用时,沿水平方向做匀加速直线运动,求物体加速度的大小
.(
g
取
10 m/s
2
,
sin 37°
=
0.6
,
cos
37°
=
0.8)
图
2
解析
取物体为研究对象,受力分析如图所示,
建立直角坐标系
.
在水平方向上:
F
cos
37°
-
F
f
=
ma
①
在竖直方向上:
F
N
=
mg
+
F
sin
37°
②
又因为:
F
f
=
μF
N
③
联立
①②③
得:
a
=
5 m/s
2
答案
5 m/s
2
课堂要点小结
1.
牛顿第二定律和力的单位
(1)
内容
(2)
表达式:
F
=
ma
(3)
国际单位制中力的单位:
N,1 N
=
1 kg·m/s
2
2.
牛顿第二定律的特点
(1)
瞬时性;
(2)
矢量性;
(3)
同体性;
(4)
独立性
.
3.
应用牛顿第二定律解题的一般步骤和基本方法
一般步骤:
(1)
确定研究对象;
(2)
进行受力分析和运动情况分析;
(3)
求出合外力或加速度;
(4)
根据牛顿第二定律
F
=
ma
列方程求解
.
基本方法:
(1)
两个力作用时可用矢量合成法,也可用正交分解法;
(2)
多个力作用时可用正交分解法
.
1.(
牛顿第二定律的理解
)
关于牛顿第二定律,以下
说法中正确的是
(
)
A.
由牛顿第二定律可知,加速度大的物体,所受的合外力一
定大
B.
牛顿第二定律说明了,质量大的物体,其加速度一定小
C.
由
F
=
ma
可知,物体所受到的合外力与物体的质量成正比
D.
对同一物体而言,物体的加速度与物体所受到的合外力成
正比,而且在任何情况下,加速度的方向,始终与物体所受
的合外力方向一致
自我检测
1
2
3
4
1
2
3
4
解析
加速度是由合外力和质量共同决定的,故加速度大的物体,所受合外力不一定大,质量大的物体,加速度不一定小,选项
A
、
B
错误;
物体所受到的合外力与物体的质量无关,故
C
错误;
由牛顿第二定律可知,物体的加速度与物体所受到的合外力成正比,并且加速度的方向与合外力方向一致,故
D
选项正确
.
答案
D
1
2
3
4
2.(
牛顿第二定律的理解
)
从匀速上升的气球上释放一物体,在释放的瞬间,物体相对地面将具有
(
)
A.
向上的速度
B.
向下的速度
C.
向上的加速度
D.
向下的加速度
1
2
3
4
解析
由牛顿第二定律
a
=
可知,
a
与
F
同向,在释放的瞬间,物体只受重力,方向竖直向下,
C
错误,
D
正确;
在释放的瞬间,物体和气球具有相同的速度,
A
正确,
B
错误
.
答案
AD
1
2
3
4
3.(
牛顿第二定律的简单应用
)
如图
3
所示,质量为
4 kg
的物体静止在水平面上
.
现用大小为
40 N
,
与水平方向夹角为
37°
的斜向上的力拉物体,使
物体沿水平面做匀加速运动
.(
g
取
10 m/s
2
,
sin 37°
=
0.6
,
cos
37°
=
0.8)
图
3
1
2
3
4
(1)
若水平面光滑,物体的加速度是多大?
解析
水平面光滑时,物体的受力情况如图甲所示
由牛顿第二定律:
F
cos
37°
=
ma
1
①
解得
a
1
=
8 m/s
2
②
答案
8 m
/s
2
1
2
3
4
(2)
若物体与水平面间的动摩擦因数为
0.5
,物体的加速度是多大?
解析
水平面不光滑时,物体的受力情况如图乙所示
F
cos
37°
-
F
f
=
ma
2
③
F
N
′
+
F
sin
37°
=
mg
④
F
f
=
μF
N
′ ⑤
由
③④⑤
得:
a
2
=
6 m/s
2
答案
6 m/
s
2
1
2
3
4
4.(
牛顿第二定律的简单应用
)
如图
4
所示,沿
水平方向做匀变速直线运动的车厢中,悬挂
小球的悬线偏离竖直方向
37°
角,球和车厢
相对静止,球的质量为
1
kg.(
g
取
10 m/s
2
,
sin 37°
=
0.6
,
cos
37°
=
0.8)
(1)
求车厢运动的加速度并说明车厢的运动情况;
(2)
求悬线对球的拉力大小
.
图
4
1
2
3
4
解析
解法一
(
合成法
)
(1)
小球和车厢相对静止,它们的加速度相同
.
以
小球为研究对象,对小球进行受力分析如图所
示,小球所受合力为
F
合
=
mg
tan
37°.
由牛顿第二定律得小球的加速度为
1
2
3
4
加速度方向水平向右
.
车厢的加速度与小球相同,车厢做的是向右的匀加速直线运动或向左的匀减速直线运动
.
解法二
(
正交分解法
)
(1)
建立直角坐标系如图所示,正交分解各力,
根据牛顿第二定律列方程得
x
方向:
F
T
x
=
ma
1
2
3
4
y
方向:
F
T
y
-
mg
=
0
即
F
T
sin
37°
=
ma
F
T
cos
37°
-
mg
=
0
加速度方向水平向右
.
车厢的加速度与小球相同,车厢做的是向右的匀加速直线运动或向左的匀减速直线运动
.
1
2
3
4
(2)
由
(1)
中所列方程解得悬线对球的拉力大小为
答案
(1)7.5 m/s
2
,方向水平向右 车厢可能向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动
(2)12.5 N