物理 参考答案 全国I卷.pdf

2019 届全国高三开年摸底大联考 全国Ⅰ卷 物理 参考答案解析及评分标准 14. A 解析：因为β衰变的质量数不变，所以α衰变的次数 44 222238n  次，在α衰变的过程中电荷数总共少 8， 则β衰变的次数为 m=8-（92﹣86）=2 次，A 错误； HeThU 4 2 234 90 238 92  属于α衰变，B 正确；14C 的含量每减少 一半要经过约 5730 年，经测定 14C 还剩余 = ，即经历了 3 个半衰期，即 5734×3 年，则 C 正确；比结 合能越大，原子核越稳定，D 正确； 15. D 解析：由图象可知，物体做匀减速运动，加速度恒定，A 错误；根据位移公式 2 0 2 1 attvx  ，B 错误；根据动 能定理，动能变化等于合力的功，合力为恒力，所以动能变化与位移成正比，位移与时间为二次函数关系，C 错误；根据动量定理， tFp  ，F 为恒力，所以 D 正确。 16. B 解析：根据 R vmR MmG 2 2  ， RR RG R GMv   3 3 4 ，所以 X 星球第一宇宙速度是地球的 2 倍，A 错 误 ； 设 地 球 同 步 卫 星 周 期 为 T ， 则 X 星 球 的 同 步 卫 星 周 期 为 8 T ， 所 以   3 3 3 42 RG rT 地 ，   3 3 x 23 428 ）（ RG rT  ，可求出 地rrX 2 1 ，B 正确。；轨道半径相同，周期小的线速度大，C 错误；根据   3 3 3 42 RG rT  ，x 星球半径大，相同轨道半径的卫星，x 星球的周期小，D 错误。 17. A 解析：Q 在 M 点的电场强度大小 21 sin ）（ L qkE Q ，P 在 M 点的电场强度大小 2 P 2 cos ）（ L qkE  ，因为 M 点 电场强度水平， 1 2 sin cos E E  ，可得 9 Q p  q q ，设电场强度为零的位置距 Q 点距离为 x， 则 22)( 9 x kq xL kq  ，解得 2 Lx  ，A 正确。18. A 解析：洛伦兹力提供向心力 r mvBqv 2 0 0  ，可计算 r=10cm，根据几何关系，水平向右射出的粒子刚好打到 Q 点，竖直向上射出的粒子也刚好打到 Q 点，这两个速度之间的粒子可以打到荧光屏上，因此有 2 1 粒子可 打到荧光屏上，其中直径能打到的最远，SM 为直径，根据勾股定理可计算 OM=10 3 cm，所以荧光屏发 光长度 QM=10（ 3 -1）cm，A 正确。 19. BD 解析：整个过程分成四个阶段，第一阶段人自由下落至接触地面速度达到最大，该过程为失重状态，第二 阶段，人向下做减速运动到零（下蹲结束）加速度向上，人处于超重状态，第三阶段人从静止开始向上站 立，向上加速中处于超重状态，第四阶段人向上站立减速状态，处于失重状态，A 错误；人给地面的力和 地面给人的力是作用力、反作用力，时刻等大，B 正确；人脚和地面接触时，力的作用点没有位移，地面 对人不做功，C 错误；人脚与地面接触时，整个身体有向下的速度，最终速度为零，动量变化方向向上， 合力的冲量包括重力的冲量（向下）和地面对人的冲量，根据动量定理，D 正确。 20. BCD 解析：线圈转动消耗的是电池的电能，A 错误；根据左手定则，线圈左侧受力向外，右侧受力向里，俯视 时线圈逆时针转动，B 正确；同理 C 正确；若把 Q 磁极反向，两磁铁和电池可等效为一个条形磁铁，磁感 线分别如图所示，磁感线和线圈电流方向几乎一致，考虑阻力的作用，线圈可能不会转动，D 正确。21.AC 解析：T 时刻线圈所处位置，如图所示，线圈切割磁感 线的有效长度 RL 2 ，根据法拉第电磁感应定律， 瞬时感应电动势 T RRBE 221  ，0-T 时间内平均感 应电动势为 T RBE 2 2 2  ，所以  4 2 1  E E ，A 正确；根 据安培力公式 Tr RBRr EBF 32 1 42  ，方向向右，C 正确；答案 AC。 22.（6 分）答案：（1）3.70 2 分 (2)0.20 2 分 (3)使用钩码重力表示小车所受合力，且随所挂钩码质量 m 的增大，不能满足 M＞＞m。2 分（答出“使用钩码重力表示小车所受合力”即可得 2 分，答出“不 能满足 M＞＞m”也可得满分，其他表述正确也可得分。） 解析： （1）3.70cm （2）根据逐差法 2)3( TaSS ADDG  ，其中 SAD=2.10cm，SDG=3.90cm，T=0.10s，带入数据得 a=0.20m/s2 （3）使用钩码重力表示小车所受合力，随着力 F 的增大，即随所挂钩码质量 m 的增大，不能满足 M＞＞ m，因此曲线上部出现弯曲现象。 23.（9 分）答案：（1）最大值 1 分 （2） 2 分（3）D 1 分 （4）大 1 分 I 2 分 分 解析：（1）为了保证仪器安全，闭合电键前电阻箱应调到最大； （2）根据闭合电路欧姆定律 = ，可得 = ， = ； （3）电源电动势约 12v，根据欧姆定律电路最大电流 = = 0 mA，电流表 A2 量程合理 （4）根据闭合电路欧姆定律 = ， ' = ，若 I 和 I’不等，解得的结果中含有未知量 RA，因此 为了测量 I 和 I’必须相等，解得 = ，因此 Rx>R2，所以电阻箱阻值比 100Ω大。 24.（13 分）解析：（1）若能把物块吹动，则风给物块作用力至少应等于最大静摩擦力 mgf  =60N ① 1 分 设风给物块力为 F，则物块给风的力也为 F，选择极短时间  t 时间内吹到物块上的风，根据动量定理 vtsvtF   ② 3 分 Ff  ③ 1 分 × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × 45 v0根据①②可得 v=10m/s 2 分 （2）当台风以最大速度 mv 持续吹物块，最终物块应为匀速运动，设物块速度为 v’ 设风给物块力为 F’，根据牛顿第三定律，物块给风的力大小也为 F’， fF ' ④ 1 分 选择极短时间  t 时间内吹到物块上的风，根据动量定理 ')'-()'-(' vtsvvvtsvvtF mmm   ⑤ 3 分 其中 vm=50m/s 解得 v’=40m/s 2 分 25.（19 分）解析：（1）沿 x 轴入射，粒子做圆周运动的圆心在 y 轴上，如图所示连接 OC，做 OC 的中垂 线，交 y 轴于 A 点，所以 A 点为圆心，做 BC 垂直于 y 轴 根据几何关系 3OB BCBOCtan  ① 1 分 所以∠BOC=30° ∠ACO=30° 因为∠BCO=60°所以∠BCA=30° aBCr 3 32 30cos  ② 2 分 粒子做圆周运动转过的圆心角为∠OAC=120°，用时为 t0，所以周期 T=3t0 ③ 1 分 根据洛伦兹力提供圆周运动的向心力 r mvBqv 2  ④ 1 分 可得 Bq mvr  1 分 周期 Bq m v rT  22  ⑤ 1 分 解得 03 2 Btm q  ⑥ 1 分 （2）经过分析，荧光屏最上端 G 点有粒子打入，最下端粒子轨迹与荧光屏相 切，如图所示，荧光屏有粒子打到位置为 FG，根据几何关系 FG=OE，OG=EF 过 F 点做 FG 的垂线，连接 OF 做中垂线，两线交点 D 为轨迹圆心，所以 OD 为半径，DE=r-EF ⑦ 1 分 根据勾股定理 22 DEODOE  ⑧ 1 分FG=OE= a3 334  ⑨ 2 分 （3）荧光屏位置较远，2019a>>r，且荧光屏长度刚好等于粒子圆周运动直径，为了 让粒子均打在荧光屏上，粒子应该平行 y 轴射出磁场 因此匀强磁场应该分布在圆形，且半径 R=r ⑩ 4 分 最小面积 2Rs  1 分 2 3 4 as  2 分 33. （1）（5 分）BCD 解析：根据理想气体状态方程 CT pV  ，得 V TCp  ，过 a，b， c 三点的等温线如图所示，其中 a 温度最低，c 温度最高，A 错误；a→b 压强不变， 体积增大，等压膨胀（对外正功），吸热，升温，B 正确；C 正确；b→c 等容（不对 外做功），吸热，压强增大，温度升高，D 正确；理想气体 c 温度高，a 温度低，所 以 c 的内能大于 a 的内能，E 错误。 （2）（10 分）解析：（ⅰ） 若水银柱没有到达竖直管，则气柱是等压变化，根据盖吕萨克定律 2 2 1 1 T V T V  2 分 其中 V1=L1S V2=L2S T1=300K T2=400K 可得 L2=20cm