物理答案.doc

‎2020届昆一中高三联考卷第八期联考 物理参考答案及评分标准 ‎14、【答案】B ‎【解析】放射性元素的半衰期与外界因素无关，A错误；根据质量数和电荷数守恒可知，中微子的质量数A＝0，电荷数Z＝0，B正确；正电子产生的原因是核内的质子转化为中子时放出的，C错误；两个质子和两个中子结合成一个α粒子要释放能量，根据质能方程及质量亏损可知，两个质子与两个中子的质量之和大于α粒子的质量，故D错误。‎ ‎15、【答案】 C ‎ ‎【解析】开始系统匀速向右运动，合力为零，弹簧被压缩。轻弹簧变短，弹力变大，物块 B 受到的合力不为零，且向左，故加速度不为零，且方向一定向左，故A、B 错误；物块 B 受重力 mg、斜面支持力 FN 和弹簧弹力 F ，垂直斜面方向mgcosθ – FN = masinθ，加速度从无到有，则 FN 变小，选项 C 正确，D 错误。‎ ‎16．【答案】D ‎ ‎【解析】“天宫二号”在离地面 393 km 的圆轨道上做圆周运动，故受到的力不是平衡力， A 错误；“天宫二号”脱离圆轨道要做减速运动，火箭发动机朝运行的前方喷火，选项 B 错误；“天宫二号”离轨后，在进入大气层前，因只有引力做功，机械能守恒，那么减小的引力势能转化为增加的动能，动能增大，选项 C 错误；，而，可得，即若测得“天宫二号”环绕地球近地轨道的运行周期，即可求出地球的密度，选项 D 正确。‎ ‎17【答案】A ‎【解析】相遇时A还具有水平速度，则此时A的速度不为零，A错误；A在最高点的竖直速度为零，此时B的速度一定为零，B正确；两球运动的时间相等，A、B相遇时，B的速度一定为零，从抛出到相遇的时间t = ，C正确；根据Δp＝mgt可知从抛出到相遇A、B动量的变化量相同，D正确。‎ ‎18.【答案】BC ‎【解析】由于变压器的原、副线圈匝数比为 3:1，可得原、副线圈的电流比为 1:3，故选项 A 错误；根据 P=I2R 可知电阻 R1 和 R2 消耗的功率之比为1 ：9，故选项C正确；设U2=U，由变压比得U1=3U，然后再结合R1两端的电压为cd 两端电压的三分之一，则有 3U+U/3 ‎ ‎=220 V，得U=66V，故B正确；ab 端输入电压不变，若减小R1的阻值，则原线圈的输入电压变大，由于两线圈的匝数不变，故受电线圈的输出电压将变大，故选项 D 错误。‎ ‎19．【答案】AD ‎【解析】由图可知，0～2 s，物体做匀减速运动，2～6 s物体反向做匀加速运动，可知恒力与初速度方向相反。根据牛顿第二定律：F＋f＝ma1，F－f＝ma2，而a1＝5m/s2，a2＝1 m/s2，联立解得：F＝6 N，f＝4 N，故A正确；由f＝μmg得，μ＝0.2，故B错误。根据动量定理，合外力的冲量等于物体动量的变化量，前6 s内合外力的冲量大小为I＝－mv2－mv1＝－2×4 N·s－2×10 N·s＝－28 N·s，大小为28 N·s，故C错误； 0～2 s内，物体的位移大小x1＝×10×2 m＝10 m；2～4 s内，物体的位移大小为x2＝×2×2 ＝2 m，则前4 s内摩擦产生的热量Q＝f(x1＋x2)＝4×(10＋2) J＝48 J，故D正确；‎ ‎ ‎ ‎20、【答案】AD ‎【解析】若r＝2R，粒子在磁场中运动的时间最长时，磁场区域的直径是轨迹的一条弦，作出轨迹如图1，因为r＝2R，圆心角α＝60°，粒子在磁场中运动的最长时间tmax＝T＝×＝，故A正确；若r＝2R，粒子沿着各个方向射入磁场，能打在整个圆周上，故B错误；若r＝R，粒子在磁场中运动的最长时间可接近一个周期T，不会是T＝，故C错误；若r＝R，粒子能打在圆周长，故D正确。‎ ‎21．【答案】BC ‎ ‎【解析】根据图像可得出某点的电场强度E随到O点的距离r的变化关系为 E=−kr + E0 ，E0为O点的电场强度。分别代入A、B 两点的数值得 E1 =−kr1 + E0 、E2=−kr2+ E0，联立解得、故 A 错，B 正确。由于沿该方向场强随距离均匀减小，场强方向背离O点，所以 A、B 两点间的电势差，故 C 正确，D 错误。‎ ‎22．（6 分） ‎ ‎【解析】 1.92m ；1.91m ‎ 小球重力势能的减少量ΔEp=mg (OC+CD)=1.92m J 小球动能的增加量=1.91m J ‎23．（9 分）‎ ‎（1）900（2分） （2）电路如图所示（2分），R1（1分） （3） 0.39 W（2分） 1.17（2分）‎ ‎【解析】（1）灵敏电流计改装成电压表需要串联一个大电阻，根据串联电路规律可解得：R = 900Ω。‎ ‎(2)根据表格数据和要求，滑动变阻器应采用分压式接法，选用R1，电流表应选用外接法。实物连接如图。‎ ‎(3)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大为9.0 Ω时，流过小灯泡的电流最小，小灯泡的实际功率最小，把滑动变阻器视为等效电源内阻的一部分，在题图(a)中画出等效电源(电动势4 V，内阻1.00 Ω＋9.0 Ω＝10 Ω)的伏安特性曲线，函数表达式为U＝4－10I(V)，图线如图中Ⅰ所示，故小灯泡的最小功率为Pmin＝U1I1＝1.75×0.225 W≈0.39 W。当滑动变阻器接入电路中的阻值最小为零时，流过小灯泡的电流最大，小灯泡的实际功率最大，在题图(a)中画出电源(电动势4 V，内阻1.00 Ω)的伏安特性曲线，函数表达式为U＝4－I(V)，图线如图中Ⅱ所示，故小灯泡的最大功率为Pmax＝U2I2＝3.68×0.318 W≈1.17 W。‎ I '/mA ‎ ‎ ‎24.（14分） 【答案】　(1)4.2 m/s　(2)4.41m ‎【解析】‎ ‎(1)O→P下滑过程，运动员与滑板A机械能守恒10mgR＝×10mv2 （2分）‎ 得：v＝＝4 m/s （1分）‎ 运动员跳离A板过程，他们水平方向动量守恒：10mv＝－mv1＋9mv2 （2分）‎ 代入得：v2＝ m/s 运动员跳上B板过程，他们水平方向动量守恒：9mv2＝10mv3 （2分）‎ 解得v3＝ = 4.2 m/s。 （1分）‎ ‎(2) 由动能定理，滑板B的位移xB： （4分）‎ ‎ 得xB＝＝4.41 m （2分）‎ ‎25．（18 分）‎ ‎【解析】‎ ‎（1）（4分）设金属杆获得的最大速度为vm 根据能量守恒定律有： （1分）‎ ab 杆刚进入磁场时的电动势最大为：Em = BLvm （1分）‎ 此时回路中的电流最大，由闭合电路的欧姆定律可得： （1分） ‎ 由以上三式解得： （1 分）‎ ‎（2）（8分）设杆的加速度为 a 时，杆的速度为 v2，由牛顿第二定律得：FA= BIL =ma （2 分）‎ 闭合电路的欧姆定律（2 分）‎ 由以上两式解得：‎ 由能量守恒定律可得： （2 分） ‎ 连立上式得： （2分）‎ ‎（3）（6分）对ab金属杆在磁场中全过程应用动量定理有：（2分）‎ 其中： （2分）其中s为杆滑行的距离。‎ 连立两式可得：（2 分） ‎ ‎33【答案】（1）ABE　 (2)①30 cm　②460 K ‎【解析】（1）轮胎内的气体向外喷出，气体对外做功，故其内能变小，故选项A正确：轮胎内的气体迅速向外喷出，故轮胎内部气体压强迅速减小，故选项B 正确：轮胎内的气体向外喷出是由于轮胎内气体压强大于外界气体的压强，而不是分子做扩散运动引起的，故选项C错误；分子动能与机械运动无关，故选项D错误：当将充气嘴迅速拔出来时，轮胎内的气体迅速向外膨胀，气体对外做功，根据热力学第一定律可知，气体的内能减小，故这部分气体的温度降低，气体喷完后瞬间充气嘴有较凉的感觉，故选项E正确。‎ ‎(2)①设打开阀门，稳定后水银柱下降高度为x，汽缸内气体，进行等温变化 则有p0·LS＝S 解得x1＝10 cm，x2＝ cm(舍去)‎ 即稳定后玻璃管内水银柱的长度：h′＝h－x＝30 cm。‎ ‎② 对气体加热，有＝ 解得气体的温度T ′＝460 K。‎ ‎34．（15 分）【答案】（1）ABD（5 分） （2）①见解析图（2 分） ② （8 分）‎ ‎【解析】（1）根据题意可知由实线得到虚线需要，解得，其中 n=0、1、2，当n=0时，解得 T=2.4 s，当 n=1 时，解得T=0.48 s，因 T>0. 6s，故波的周期为 2.4 s，这列波的波速为，故选项 A、D 都正确；由于波沿 x轴正方向传播，故 t=2.5 s 时 M 点沿 y 轴正方向运动，故选项 B 正确；介质中的质点不会向右随波移动的，故选项 C 错误；根据波的干涉条件可知，选项 E 错误。‎ ‎（2）①光束在工艺品中的反射和折射光路图如图所示（2 分）‎ ‎②设第一次折射时折射角为θ1，‎ 由光的折射定律有： （2 分） ‎ 代入数据解得θ1=30° （1 分）‎ 设第二次折射时折射角为θ2，‎ 由光的折射定律有 （2 分）‎ 代入数据解得θ2=45° （1 分）‎ 又知 MC与AN平行，故 MN = AC = s 由几何知识得：s = 2Dtanθ1 （1 分）‎ 则 （1 分）‎